2018年保定市中考物理模拟真题【精编Word版附全部答案可下载】

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一、选择题（本大题共20个小题，共计43分．1-17小题单选，每小题的四个选项中，只有一个选项符合题意，每小题2分；18-20小题多选，每小题的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题意，每小题2分．全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）

1．（2分）以下有关物理量的估测，符合生活实际的是（　　）

A．一支2B铅笔的长度约为18cm

B．六月份南京的平均气温约为50℃

C．中学生跑完50m用时约4s

D．教室内一盏日光灯额定功率约为200W

2．（2分）下列物态变化的实例中，属于液化的是（　　）

A．初春，积雪消融

B．夏天，草叶上形成露珠

C．深秋，屋顶的瓦上结了一层霜

D．冬天，室外冰冻的衣服变干了

3．（2分）新“七不规范”中。“言语不喧哗”提醒大家要控制声音的（　　）

A．响度              B．音调              C．音色              D．频率

4．（2分）如图所示，用水壶烧水，水烧开后能看到壶嘴周围有“白气”产生，其中a、b两位置有一处“白气”较浓。以下关于“白气”的描述正确的是（　　）

A．它是水蒸气，a处较浓              B．它是水蒸气，b处较浓

C．它是小水滴，a处较浓              D．它是小水滴，b处较浓

5．（2分）如图所示，小明用水平推力推静止在水平地面上箱子，但箱子却没有运动，下列说法正确的是（　　）

A．箱子没有运动，此时箱子水平所受推力小于地面对箱子的摩擦力

B．箱子受到的重力和地面对箱子的支持力是一对相互作用力

C．地面对箱子的支持力和箱子对地面的压力是一对平衡力

D．假设箱子受到的作用力突然全部消失，则箱子将静止在原地

6．（2分）下列物品中，通常情况下属于导体的是（　　）

A．玻璃杯              B．陶瓷碗              C．铁锅              D．塑料勺

7．（2分）下列家用电器中，利用电流热效应工作的是（　　）

A．电视机              B．电热水器              C．抽油烟机              D．电冰箱

8．（2分）如图所示的工具中，在使用时属于费力杠杆的是（　　）

A．

羊角锤

B．

核桃夹子

C．

撬棒

D．

食品夹子

9．（2分）下列选项中符合安全用电要求的是（　　）

A．用湿手按已接电源的插座上的开关

B．及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线

C．在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电视机

D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用

10．（2分）下列实例中，用热传递的方式来改变物体内能的是（　　）

A．用热水袋暖手，手的温度升高

B．用锯条锯木板，锯条的温度升高

C．两手相互摩擦，手的温度升高

D．用手反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高

11．（2分）下列说法中正确的是（　　）

A．投影仪的镜头是凹透镜              B．照相机的镜头是凹透镜

C．远视眼镜的镜片是凸透镜              D．近视眼镜的镜片是凸透镜

12．（2分）如图所示的电路，电源电压不变。闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向A端移动，小灯泡的亮度和电压表的示数将（　　）

A．变亮、变小              B．不变、变小              C．变暗、变大              D．变亮、变大

13．（2分）四冲程内燃机工作时，将内能转化成机械能的冲程是（　　）

A．吸气冲程              B．压缩冲程              C．做功冲程              D．排气冲程

14．（2分）两个质量不同的金属块，放出相同热量，降低了相同温度，则（　　）

A．质量大的金属块的比热容大

B．质量大的金属块的比热容小

C．两个金属块的比热容大小无法确定

D．两个金属块的比热容相同

15．（2分）下列有关声现象的说法正确的是（　　）

A．声音在各种介质中的传播速度均为340m/s

B．只要物体在振动，人就一定能听到声音

C．利用超声波清洗眼镜，说明了超声波可以传递能量

D．真空也能传声

16．（2分）下列表述不正确的是（　　）

A．钢笔吸墨水时利用了大气压强

B．三峡船闸利用了连通器的原理

C．飞机升空是利用了流速越快，流体压强越小的原理

D．三峡大坝的下部比上部建造得宽，是因为液体压强随深度增加而减小

17．（2分）在如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变。闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，电压表、电流表示数的变化情况是（　　）

A．电压表、电流表示数均变大

B．电压表、电流表示数均变小

C．电压表示数变大，电流表示数变小

D．电压表示数变小，电流表示数变大

18．（3分）如图展示了我国古代劳动人民的智慧成果，对其中所涉及的物理知识，下列说法中正确的是（　　）

A．古代捣谷工具利用了杠杆原理

B．光沿直线传播是日晷能够测量时间的条件之一

C．碾谷物的石磨选用厚重的石材，目的是为了减小石磨对谷物的压强

D．从两心壶的壶嘴能分别倒出两种不同的液体，这一功能的实现利用了大气压

19．（3分）下列说法中正确的是（　　）

A．用磁感线可以描述磁场的强弱

B．只要导体在磁场中运动，该导体中就会产生感应电流

C．通电导体产生的磁场的方向与通过该导体的电流方向有关

D．利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围各点的磁场方向

20．（3分）下列说法中正确的是（　　）

A．探究物体所受重力大小与物体的质量的关系时，物体密度是需要控制的变量

B．探究液体内部压强大小与液体的质量的关系时，液体密度是需要控制的变量

C．探究物体所受压力大小与物体所受重力大小的关系时，物体的受力面积是需要控制的变量

D．探究物体所受滑动摩擦力大小与物体所受重力大小的关系时，物体对接触面的压 力是需要控制的变量

二、填空（本大题共8个小题，每空1分，共21分）

21．（2分）海口“双创”以来，绿色出行的理念深入人心。小谦同学骑自行车上学，以自行车为参照物，小谦是　   　的，他以5m/s的速度，匀速直线骑行620m 的时是　   　s。

22．（3分）生活中蕴含着很多物理知识：老花眼镜是利用凸透镜对光的　   　 （填“会聚”或“发散”） 作用制成的； 运动员把铅球掷出，这主要表明力可以改变物体的　   　；  为了不影响周围居民的生活和休息，跳舞时将音箱的音量调小，这是在　   　处减弱噪声。

23．（2分）我国自主研制的C919大型客机在上海首飞成功。客机下降过程中，其重力势能　   　（选填“增大”或“减小”）；客机着陆后减速滑行过程中，客机轮胎表面的温度会升高，这是通过　   　的方式改变其内能的。

24．（3分）如图所示是一种新能源﹣﹣可燃冰，2017年5月18日，我国在南海开采可燃冰获得成功！1m3可燃冰可分解释放约168m3的天然气。可燃冰属于　   　（选填“可“或“不可”）再生能源。完全燃烧168m3的天然气可以释放的热量为　   　J，若这些热量全部被水吸收，可以将质量为　   　t的水由20℃加热到70℃[q天然气=4×107J/m3，c水=4.2×103J/（kg•℃）]。

25．（4分）如图甲所示，该实验装置的名称是　   　。使用前应检查装置是否漏气，当用手指按压（不论轻压还是重压）橡皮膜时，发现U形管两边液面的高度几乎不变，则说明装置　   　（选填“漏气”或“不漏气”）．图乙和图丙是将该装置的探头放入水中不同深度的情况，比较后得出的结论是：液体内部的压强随深度的增加而　   　（选填“增大”“减小”或“不变”）． 比较图丙和图丁，得出的结论是：液体内部的压强与　   　有关。

26．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S，发现只有两个电表的指针发生偏转，已知电阻R1、滑动变阻器R2中仅有一个出现了故障。

①电路中的故障可能是　   　；

②接着，移动变阻器R2的滑片P，只观察到一个电表的示数发生了改变，则故障一定是　   　。

27．（3分）把长短和粗细均相同的铜丝和镍铬合金丝，分别接入如图所示的电路中，当把　   　接入电路后，闭合开关，小灯泡会更亮一些，这说明　   　的电阻更大。在这两种材料中，选用　   　更适合制作电阻加热元件。（以上三空均填“铜丝”或“镍铬合金丝”）

28．（2分）小丽在帮奶奶用洗衣机洗衣服的过程中，洗衣机出现了漏电现象，导致漏电保护器自动切断电路。发生漏电现象时，火线和零线的电流大小　   　  （选填“相等”或“不相等”）。爸爸将家里的洗衣机以旧换新后，小丽想利用如图所示的电能表测量新洗衣机工作时的电功率。她让洗衣机进入洗衣模式单独工作30min，电表示数从图示变为，该洗衣机的平均功率约为　   　 W。

三、作图及实验探究题（本大题共5个小题，第29题2分，第30题3分，第31、32小题各5分，第33题6分，共21分）

29．（2分）如图，接通电源后，通电螺线管旁的条形磁铁向右偏，请标出通电螺线管中的电流方向和条形磁铁的N极。

30．（3分）小李用图示装置探究“光的反射规律”，请在下列空格中填写适当内容：

（1）图甲中反射角是　   　度；

（2）图乙中当入射角变大时，反射光束　   　  （填“偏离”或“靠拢”） 法线；

（3）如图乙所示，将纸板NOF向后折，在纸板NOF上　   　（填“能”或“不能”）看到反射光束，这说明了反射光线、入射光线和法线在同一平面内。

31．（5分）学生用天平、烧杯、油性笔及足量的水测量一块石头的密度，实验步骤如下：

（1）将天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺　   　，发现横梁稳定时指针偏向分度盘的右侧，要使橫梁在水平位置平衡，应将平衡螺母往　   　（填“左”或“右”） 调。

（2）用调好的天平分别测出石头的质量是31.6g和空烧杯的质量是90g。

（3）如图甲所示，把石头轻轻放入烧杯中，往烧杯倒入适量的水，用油性笔在烧杯壁记下此时水面位置为M，然后放在天平左盘，如图丙所示，杯、水和鹅卵石的总质量为　   　g。

（4）将石头从水中取出后，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至记号M，如图乙所示，用天平测出杯和水的总质量为142g，此时杯中水的体积为　   　cm3。

（5）根据所测数据计算出石头的密度为　   　 g/cm3．（结果保留两位小数）

32．（5分）小明利用空易拉罐做了几个物理小实验。

（1）如图甲所示，在易拉罐中注人少量的水，用酒精灯对易拉罐加热，待罐口出现白雾时，将罐口堵住，撤去酒精灯，让易拉罐冷却，观察到易拉罐变瘪了，这一观象说明了　   　的存在。

（2）如图乙所示，用易拉罐制作一个简易针孔照相机：在易拉罐底部中央戳一个小孔，将易拉罐的顶部剪去后，蒙上一层半透明的塑料薄膜，用它观察窗外景物时，在塑料薄膜上能看到窗外景物　   　（选填“倒立”或“正立”）的像，像形成的原理是光的　   　。

（3）如图丙所示，将两个易拉罐平行放置在水平桌面上，为了能让两易拉罐间距离增大，可以吸管按图中箭头　   　（选填“A”或“B”）所示的方向用力吹气。

（4）如图丁所示，用塑料薄膜擦过的塑料管靠近易拉罐，易拉罐　   　（选填“可能”或“不可能”）被吸引。

33．（6分）在“测定小灯泡的电阻”的实验中，实验器材有：2节干电池、标有电压为2.5V 的小灯泡（正常发光时，电阻约为10Ω ）、电流表、电压表、滑动变阻器（20Ω  1A）、开关等各一个和导线若干。

图甲所示是小明没有连接完整的实物电路。

（1）请你用笔画线代替导线将电路连接完整。

（2）正确连接电路后闭合开关，发现电流表有示数，电压表示数几乎为零，灯泡不发光，导致这一现象的原因可能是　   　。

（3）改正错误后，继续实验。在图甲的电路，改变滑片的位置，能否使灯泡两端的电 压0～2.5V之间连续变化？答：　   　（选填“能”或“不能”），理由是　   　。

【拓展】接下来小明更换了部分器材后探究“电流与电阻的关系”，电路图如图乙所示。

他们的实验数据记录如表所示。

①实验结论是　   　。

②若在第3 次实验时，将定值电阻R 的阻值由20Ω换为30Ω接入电路中后，没有调节滑片的位置就直接读取电流表的示数，则此时电流表的示数可能为　   　。

A.0.30 A  B.0.24 A  C.0.20 A  D.0.14A

四、计算题（本大题共2个小题；第34题7分，第35题8分，共15分．解答时，要求必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）

34．（7分）炼油厂工人将油桶装到卡车上，需要用木板搭建一个斜面。卡车车厢底部离地 1.2m，所用木板长6m，工人沿着斜面用700N 的力将油桶推上车，用时1min，若该斜面的机械效率为40%．求：

（1）工人推油桶所做的功是多少？

（2）工人做功的功率是多少？

（3）油桶的质量是多少？（g=10N/kg ）

35．（8分）如图，电源电压恒定，小灯泡L标有“6V  3W”字样，定值电阻R2的阻值为10Ω，R1为滑动变阻器，开关S1、S2都闭合时，L恰好正常发光，电流表示数为1.1A．求：

（1）小灯泡正常发光时的电阻；

（2）S1、S2都闭合时，R1在10min内消耗的电能；

（3）S1、S2都断开，调节滑片使R2的电功率为R1电功率的2倍时，R2的电功率。

2018年河北省保定市定兴县中考物理一模试卷参考答案与试题解析　

一、选择题（本大题共20个小题，共计43分．1-17小题单选，每小题的四个选项中，只有一个选项符合题意，每小题2分；18-20小题多选，每小题的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题意，每小题2分．全选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）

1．（2分）以下有关物理量的估测，符合生活实际的是（　　）

A．一支2B铅笔的长度约为18cm

B．六月份南京的平均气温约为50℃

C．中学生跑完50m用时约4s

D．教室内一盏日光灯额定功率约为200W

【分析】估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法，这就要求同学们要学会从生活体验中理解物理知识和物理规律，并且能将物理知识和物理规律用于对生活现象和生活常识的简单解释。

【解答】解：

A、一支铅笔长度是18cm左右，故A符合实际情况；

B、六月份南京的平均气温约为30℃，故B不符合实际；

C、中学生跑完50m用时约6s，故C不符合实际；

D、教室内一盏日光灯额定功率约为40W，故D不符合实际。

故选：A。

【点评】估测是一种科学的近似计算，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法，而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要作用。

2．（2分）下列物态变化的实例中，属于液化的是（　　）

A．初春，积雪消融

B．夏天，草叶上形成露珠

C．深秋，屋顶的瓦上结了一层霜

D．冬天，室外冰冻的衣服变干了

【分析】液化是物质由气态变成液态的现象，分析各选项中物质状态的变化，就可以判断出正确的选项。

【解答】解：A、初春，河里的冰雪消融，物质由固态变成液态，属于熔化现象，故A不符合题意；

B、夏天，草叶上形成露珠是空气中的水蒸气遇冷液化为小水珠，是液化现象，故B符合题意；

C、深秋，屋顶的瓦上结了一层霜，这是空气中的水蒸气由气态直接变为固态，属于凝华现象，故C不符合题意；

D、冬天，室外冰冻的衣服变干了是由固态的冰直接变成气态，是升华现象，故D不符合题意。

故选：B。

【点评】此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点。　

3．（2分）新“七不规范”中。“言语不喧哗”提醒大家要控制声音的（　　）

A．响度              B．音调              C．音色              D．频率

【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。

【解答】解：校园内和一些公共场所有“言语不喧哗”的规定，指的是声音大，即指声音的响度大；

故选：A。

【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同。　

4．（2分）如图所示，用水壶烧水，水烧开后能看到壶嘴周围有“白气”产生，其中a、b两位置有一处“白气”较浓。以下关于“白气”的描述正确的是（　　）

A．它是水蒸气，a处较浓              B．它是水蒸气，b处较浓

C．它是小水滴，a处较浓              D．它是小水滴，b处较浓

【分析】解答此题需知道：物质由气态变成液态叫液化，由液态变成气态叫汽化。

【解答】解：水蒸气是看不到的，我们看到的“白气”已不是水蒸气，是水蒸气液化形成的小水珠。液化是温度较高的水蒸气遇冷形成的，壶嘴处温度较高，因此不会发生液化现象，也就不会出现“白气”，所以a处较浓。

故选：C。

【点评】本题考查了生活中的液化现象，掌握物态变化的本质以及液化的条件是解题的关键。　

5．（2分）如图所示，小明用水平推力推静止在水平地面上箱子，但箱子却没有运动，下列说法正确的是（　　）

A．箱子没有运动，此时箱子水平所受推力小于地面对箱子的摩擦力

B．箱子受到的重力和地面对箱子的支持力是一对相互作用力

C．地面对箱子的支持力和箱子对地面的压力是一对平衡力

D．假设箱子受到的作用力突然全部消失，则箱子将静止在原地

【分析】（1）物体处于静止或匀速直线运动状态时，受到平衡力的作用；

（2）物体在平衡力的作用下一定处于处于静止或匀速直线运动状态，二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。

（3）相互作用的两个力的特点是：作用在两个不同的物体上，大小相等、方向相反、作用在同一直线上。

（4）根据牛顿第一定律可得到，如果物体所受的一切外力同时消失，物体将保持静止或匀速直线运动状态。

【解答】解：A、箱子没有运动，说明箱子处于静止状态，受到平衡力的作用，即在水平方向上，推力与静摩擦力是一对平衡力；故摩擦力等于推力的大小，故A错误；

B、箱子受到的重力和地面的支持力都作用在同一物体上，是一对平衡力，故B错误；

C、地面对箱子的支持力和箱子对地面的压力作用在两个物体上，是一对相互作用力，故C错误；

D、假如箱子受到的作用力突然全部消失，物体将保持原来的运动状态，即静止状态。故D正确。

故选：D。

【点评】本题主要考查了二力平衡条件的应用及牛顿第一定律的应用，物体不受力时的运动状态取决于原来的运动状态。　

6．（2分）下列物品中，通常情况下属于导体的是（　　）

A．玻璃杯              B．陶瓷碗              C．铁锅              D．塑料勺

【分析】根据常见的导体和绝缘体进行判断。

常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。

常见的绝缘体包括：塑料、陶瓷、橡胶、空气、玻璃等。

【解答】解：玻璃杯、陶瓷杯、塑料勺通常情况下都属于绝缘体，铁锅属于导体。

故选：C。

【点评】对于常见的导体和绝缘体的记忆，不要死记硬背，要根据生活中哪些地面用什么导体来导电，用什么绝缘体来绝缘等。　

7．（2分）下列家用电器中，利用电流热效应工作的是（　　）

A．电视机              B．电热水器              C．抽油烟机              D．电冰箱

【分析】电流流过导体时，导体要发热，这种现象是电流的热效应，发生电流的热效应时，电能转化为内能。分析各用电器工作时能量的转化方向、根据用电器的工作原理逐一分析做出选择。

【解答】解：A、电视机主要是把电能转化为声能和光能。，故A错误；

B、电热水器是利用了电流的热效应，来给水加热的，故B正确

C、抽油烟机主要是把电能转化为机械能，是利用了电流的磁效应，故C错误；

D、电冰箱是利用电动机带动工作的，应用了电流的磁效应。故D错误；

故选：B。

【点评】本题主要考查学生对：电流的热效应，知道电流热效应的概念及利用电流热效应工作的用电器能量转化的方向，是正确解题的关键　

8．（2分）如图所示的工具中，在使用时属于费力杠杆的是（　　）

A．

羊角锤

B．

核桃夹子

C．

撬棒

D．

食品夹子

【分析】根据杠杆的动力臂与阻力臂之间的关系，可将杠杆分为省力杠杆、费力杠杆、等臂杠杆；阻力臂大于动力臂的杠杆属于费力杠杆。

【解答】解：

A、羊角锤在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；故A错误；

B、核桃夹子在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；故B错误；

C、撬棒在使用时，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；故C错误；

D、食品夹子在使用时，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆；故D正确。

故选：D。

【点评】分析准确题目中工具的动力臂与阻力臂的关系，是判断省力杠杆和费力杠杆的关键。

9．（2分）下列选项中符合安全用电要求的是（　　）

A．用湿手按已接电源的插座上的开关

B．及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线

C．在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电视机

D．把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用

【分析】（1）不纯净的水是导体，水在人手和火线之间连通，会发生触电事故；

（2）电线的绝缘皮破损，人去接触时，容易造成触电事故；

（3）为防止触电，更换和维修电器时应先切断电源；

（4）用电器的三脚插头能防止金属外壳漏电而触电，不能用两脚插头代替。

【解答】解：A、不纯净的水容易导电，用湿手按已接电源的插座上的开关，会发生触电事故，故A不符合安全用电要求；

B、电线的绝缘皮破损老化时应及时更换，否则容易发生触电事故，故B符合安全用电要求；

C、湿布的水是导体，在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电视机容易发生触电事故，故C不符合安全用电要求；

D、把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用，这样当金属外壳漏电时，不能将电及时导向大地，易引发触电，故D不符合安全用电要求。

故选：B。

【点评】本题主要考查生活中的一些安全用电常识，应注意积累并严格遵守，牢记安全用电常识，并在生活中加以运用，有一定的现实意义。

10．（2分）下列实例中，用热传递的方式来改变物体内能的是（　　）

A．用热水袋暖手，手的温度升高

B．用锯条锯木板，锯条的温度升高

C．两手相互摩擦，手的温度升高

D．用手反复弯折铁丝，弯折处铁丝的温度升高

【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是内能的转移。

【解答】解：

A、热水袋的温度高，用热水袋取暖，内能由热水袋转移到手，属于用热传递的方式改变物体的内能。故A符合题意；

B、锯木板时锯条发烫，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能。故B不符合题意；

C、两手互相摩擦时手发热，克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，属于做功改变物体的内能。故C不符合题意；

D、用手反复弯折铁丝，对铁丝做功，铁丝弯折处的温度升高，内能增加，属于做功改变物体的内能。故D不符合题意。

故选：A。

【点评】解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。

11．（2分）下列说法中正确的是（　　）

A．投影仪的镜头是凹透镜              B．照相机的镜头是凹透镜

C．远视眼镜的镜片是凸透镜              D．近视眼镜的镜片是凸透镜

【分析】解决该题需掌握以下知识：

（1）近视眼是由于晶状体太厚或眼球的前后方向太长，导致像成在视网膜的前方，故用凹透镜来矫正；远视眼是由于晶状体太薄或眼球的前后方向太短，像成在视网膜的后方，故用凸透镜来矫正；

（2）照相机的镜头是凸透镜，其是利用物体在2倍焦距以外，像成在另一侧的1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立缩小实像的原理制作的；放大镜是凸透镜。

【解答】解：A、投影仪的镜头是凸透镜，是利用物体在1倍焦距和2倍焦距之间，成倒立放大实像的原理制作的，故A错误；

B、照相机的镜头是凸透镜，是利用物体在2倍焦距以外，成倒立缩小实像的原理制作的，故B错误；

CD、若像成在视网膜的前方，是近视眼，这是由于晶状体曲度变大，会聚能力增强，即折光能力增强，应佩戴发散透镜，使光线推迟会聚；若像成在了视网膜的后面，该眼睛是远视眼，这是由于晶状体曲度变小，会聚能力变弱，即折光能力减小，应佩戴凸透镜，使光线提前会聚，故C正确，D错误。

故选：C。

【点评】知道投影仪、照相机成像规律，近视眼、远视眼的成因及矫正，并理解凸透镜在现实生活中的应用是解决该题的关键。

12．（2分）如图所示的电路，电源电压不变。闭合开关后，将滑动变阻器的滑片向A端移动，小灯泡的亮度和电压表的示数将（　　）

A．变亮、变小              B．不变、变小              C．变暗、变大              D．变亮、变大

【分析】由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据P=UI可知灯泡实际功率的变化，进一步判断亮度的变化。

【解答】解：由电路图可知，灯泡L与滑动变阻器R串联，电压表测L两端的电压，

将滑动变阻器的滑片向A端移动，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，

由I=可知，电路中的电流变大，

由U=IR可知，灯泡L两端的电压变大，即电压表的示数变大，故AB错误；

因灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，

所以，灯泡的实际功率变大，小灯泡变亮。

故选：D。

【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律和电功率公式的应用，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小。

13．（2分）四冲程内燃机工作时，将内能转化成机械能的冲程是（　　）

A．吸气冲程              B．压缩冲程              C．做功冲程              D．排气冲程

【分析】四冲程内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程。其中有两个冲程存在能量转化：压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。

【解答】解：在四冲程内燃机的四个冲程中，压缩冲程中活塞压缩气体对其做功，将机械能转化为内能；做功冲程是将内能转化为机械能。

故选：C。

【点评】此题主要考查了四个冲程中的能量转化情况。压缩冲程与做功冲程发生了能量的转化，转化情况正好相反。

14．（2分）两个质量不同的金属块，放出相同热量，降低了相同温度，则（　　）

A．质量大的金属块的比热容大

B．质量大的金属块的比热容小

C．两个金属块的比热容大小无法确定

D．两个金属块的比热容相同

【分析】已知两金属块质量不同、放出相同的热量，降低了相同的温度，由放热公式Q放=cm△t分析。

【解答】解：甲、乙两个物体质量关系：m甲≠m乙；放出热量Q甲=Q乙，降低的温度△t甲=△t乙，

由Q放=cm△t可知，质量大的金属块的比热容小。

故B正确，ACD错误。

故选：B。

【点评】本题考查了学生对放热公式的掌握和运用，是一道基础题，正确利用公式分析即可。

15．（2分）下列有关声现象的说法正确的是（　　）

A．声音在各种介质中的传播速度均为340m/s

B．只要物体在振动，人就一定能听到声音

C．利用超声波清洗眼镜，说明了超声波可以传递能量

D．真空也能传声

【分析】（1）声音在不同介质中传播速度不同，在15℃空气中，传播速度为340m/s；

（2）人耳听到声音的条件：①物体发生振动；②介质向外传声；③良好的听觉器官；④频率在人的听觉范围之内；⑤有足够的响度。

（3）超声波用来清洗眼镜，是利用了声波可以传递能量。

（4）声音不能在真空中传播。

【解答】解：

A、声音在不同介质中传播速度不同，在15℃空气中，传播速度为340m/s，在液体和固体中传播速度更快，故A错误；

B、物体振动，我们不一定就能听到声音，只有频率在人耳听觉范围内，且达到一定响度的声音人耳才能听到，故B错误。

C、声波可以传递能量在实际生活中的应用非常广泛、实用，利用超声波清洗眼睛就说明了声波可以传递能量。故C正确；

D、声音在空气中的传播速度是340m/s，真空不能传声，故D错误。

故选：C。

【点评】解决此类问题要结合人耳听到声音的条件、声音的传播是需要介质和传播速度几个方面去分析，相对比较简单，属于基础题。

16．（2分）下列表述不正确的是（　　）

A．钢笔吸墨水时利用了大气压强

B．三峡船闸利用了连通器的原理

C．飞机升空是利用了流速越快，流体压强越小的原理

D．三峡大坝的下部比上部建造得宽，是因为液体压强随深度增加而减小

【分析】（1）自来水钢笔在吸墨水时能够把墨水吸入钢笔内，是利用了大气压。

（2）根据连通器的原理解答、

（3）飞机的升力是利用了流体压强与流速的关系的原理获得的；

（4）液体压强随深度增加而增大。

【解答】解：A、钢笔在吸墨水时，是先把钢笔内的空气排出，然后在外界大气压的作用下，墨水进入钢笔内。故A正确。

B、连通器至少有两个开口，而且下面是相通的，船闸、茶壶、乳牛自动喂水器都是连通器。故B正确，

C、飞机的机翼能获得向上的升力，是应用了流体流速越大的位置压强越小的原理，故C正确；

D、三峡大坝的下部比上部建造得宽，是因为液体压强随深度增加而增大，故D错误。

故选：D。

【点评】此题考查了大气压的应用、连通器原理、液体压强、流体压强和流速的关系，是一道综合性很强题目，但难度不大。

17．（2分）在如图所示的电路中，电源两端的电压保持不变。闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P向右滑动的过程中，电压表、电流表示数的变化情况是（　　）

A．电压表、电流表示数均变大

B．电压表、电流表示数均变小

C．电压表示数变大，电流表示数变小

D．电压表示数变小，电流表示数变大

【分析】由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化。

【解答】解：当滑动变阻器的滑片向右移动时，接入电路的电阻变大，电路的总电阻变大；

根据I=可知，电路中的电流减小，即电流表的示数减小；

根据U=IR可知，定值电阻两端的电压变小，根据串联电路总电压等于各分电压之和可知，滑动变阻器两端的电压增大，即电压表的示数增大。

故选：C。

【点评】解决此类问题首先要分析电路的连接方式，再判断出电压表、电流表测的是哪段电路的电压和电流，结合滑动变阻器在电路中的位置，分析滑动变阻器的阻值变化对整个电路的影响。

18．（3分）如图展示了我国古代劳动人民的智慧成果，对其中所涉及的物理知识，下列说法中正确的是（　　）

A．古代捣谷工具利用了杠杆原理

B．光沿直线传播是日晷能够测量时间的条件之一

C．碾谷物的石磨选用厚重的石材，目的是为了减小石磨对谷物的压强

D．从两心壶的壶嘴能分别倒出两种不同的液体，这一功能的实现利用了大气压

【分析】结合对图中所列装置的认识，运用相关物理知识做出解释即可。

【解答】解：A、古代捣谷工具利用了杠杆原理，故A正确；

B、光沿直线传播的影子所指的时辰就是时间，光沿直线传播是日晷能够测量时间的条件之一，故B正确；

C、碾谷物的石磨选用厚重的石材，增大了压力，目的是为了增大石磨对谷物的压强，故C错误；

D、从两心壶的壶嘴能分别倒出两种不同的液体，这一功能的实现利用了大气压，故D正确。

故选：ABD。

【点评】本题以古代劳动人民发明的几种装置为内容，考查了物理知识在生活中的应用，体现了古代劳动人民的智慧。

19．（3分）下列说法中正确的是（　　）

A．用磁感线可以描述磁场的强弱

B．只要导体在磁场中运动，该导体中就会产生感应电流

C．通电导体产生的磁场的方向与通过该导体的电流方向有关

D．利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围各点的磁场方向

【分析】（1）用磁感线可以描述磁场的性质；

（2）根据电磁感应现象分析；

（3）电流周围的磁场方向与电流的方向有关系；

（4）磁场的分布情况可能通过撒铁屑的方法粗略观察，用铁屑可以看出磁场的强弱，但无法确定方向。

【解答】解：

A、用磁感线可以描述磁场的强弱，磁感线越密集的地方，磁场越强，故A正确；

B、导体中产生感应电流的条件是：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动；导体在磁场中运动，不一定会产生感应电流，故B错误；

C、奥斯特实验说明了通电导体周围存在磁场，该实验还表明电流方向改变时，其磁场方向也随之改变，所以，通电导体产生磁场的方向与通过该导体的电流方向有关，故C正确；

D、利用铁屑可以看到磁体周围磁场的分布情况，但看不到磁场方向，磁场方向是人为规定的，故D错误。

故选：AC。

【点评】磁场是一种抽象的物质，学习磁场的概念要从客观存在性、描述方法、基本性质，等多方面理解。

20．（3分）下列说法中正确的是（　　）

A．探究物体所受重力大小与物体的质量的关系时，物体密度是需要控制的变量

B．探究液体内部压强大小与液体的质量的关系时，液体密度是需要控制的变量

C．探究物体所受压力大小与物体所受重力大小的关系时，物体的受力面积是需要控制的变量

D．探究物体所受滑动摩擦力大小与物体所受重力大小的关系时，物体对接触面的压 力是需要控制的变量

【分析】物理学中对于多因素（多变量）的问题，常常采用控制因素（变量）的方法，把多因素的问题变成多个单因素的问题。每一次只改变其中的某一个因素，而控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物的影响，分别加以研究，最后再综合解决，这种方法叫控制变量法。

【解答】解：

A．探究物体所受重力大小与物体的质量的关系时，改变物体的质量，测出对应重力，找出规律即可，不需要控制物体密度不变，故A错误；

B．液体内部压强与液体的密度和液体的深度都有关系，探究液体内部压强大小与液体的质量的关系时，应控制液体的密度和深度相同，故B正确；

C．探究物体所受压力大小与物体所受重力大小的关系时，应改变物体的重力，观察压力的作用效果是否相同找出规律，不需要控制物体的受力面积不变，故C错误；

D．滑动摩擦力与压力和接触面的粗糙程度都有关系，探究物体所受滑动摩擦力大小与物体所受重力大小的关系时，应控制物体对接触面的压力和受力面积相同，故D正确。

故选：BD。

【点评】解决此类问题的关键是知道控制变量法的含义，并能在实际问题中应用或识别。

二、填空（本大题共8个小题，每空1分，共21分）

21．（2分）海口“双创”以来，绿色出行的理念深入人心。小谦同学骑自行车上学，以自行车为参照物，小谦是　静止　的，他以5m/s的速度，匀速直线骑行620m 的时是　124　s。

【分析】（1）如果物体相对于参照物的位置保持不变，物体是静止的；如果物体相对于参照物的位置不断变化，则物体是运动的；

（2）知道小谦同学骑自行车的速度和行驶路程，根据速度公式的变形公式求出骑车时间。

【解答】解：

小谦同学骑自行车行驶过程中，以自行车为参照物，小谦同学的位置不变，是静止的；

由v=得，小谦同学骑自行车匀速行驶时间t===124s。

故答案为：静止；124。

【点评】本题考查速度公式应用和参照物的选择，属于常见题目。

22．（3分）生活中蕴含着很多物理知识：老花眼镜是利用凸透镜对光的　会聚　 （填“会聚”或“发散”） 作用制成的； 运动员把铅球掷出，这主要表明力可以改变物体的　运动状态　；  为了不影响周围居民的生活和休息，跳舞时将音箱的音量调小，这是在　声源　处减弱噪声。

【分析】（1）凸透镜对光线有会聚作用；

（2）力可以改变物体的运动状态，也可以改变物体的形状；

（3）防治噪声的途径有：在声源处、在传播中、在人耳处。

【解答】解：据课本可知，老花眼镜是凸透镜，其对光线有会聚作用，就是利用该作用矫正远视眼的；

运动员把铅球掷出。这主要表明力可以改变物体的运动状态；

为了不影响周围居民的生活和休息，跳舞时将音箱的音量调小，这是在声源处减弱噪声。

故答案为：会聚；运动状态；声源。

【点评】此题考查了凸透镜的会聚作用、防止噪声的途径和力的作用效果，难度不大，属于基础题。

23．（2分）我国自主研制的C919大型客机在上海首飞成功。客机下降过程中，其重力势能　减小　（选填“增大”或“减小”）；客机着陆后减速滑行过程中，客机轮胎表面的温度会升高，这是通过　做功　的方式改变其内能的。

【分析】重力势能的大小与质量和高度有关；改变内能的两种方式是做功和热传递。

【解答】解：

重力势能的大小与质量和高度有关，客机下降时，质量不变，高度减小，所以其重力势能减小；

客机着陆后减速滑行过程中，客机轮胎受到地面的摩擦力，克服摩擦做功，使轮胎的内能增大，其表面的温度会升高。

故答案为：减小；做功。

【点评】此题考查了重力势能大小的影响因素和改变内能的方式，属基础题，难度不大。

24．（3分）如图所示是一种新能源﹣﹣可燃冰，2017年5月18日，我国在南海开采可燃冰获得成功！1m3可燃冰可分解释放约168m3的天然气。可燃冰属于　不可　（选填“可“或“不可”）再生能源。完全燃烧168m3的天然气可以释放的热量为　6.72×109　J，若这些热量全部被水吸收，可以将质量为　32　t的水由20℃加热到70℃[q天然气=4×107J/m3，c水=4.2×103J/（kg•℃）]。

【分析】（1）可以在自然界中源源不断的获得的能源叫可再生能源；如风能、水的动能、太阳能、生物质能；

（2）根据1m3可燃冰分解后，可释放出约168m3天然气，利用Q放=Vq求完全燃烧168m3的天然气放出的热量；

（2）由题知Q吸=Q放，求出水吸收的热量；再根据Q吸=cm△t公式变形可求得可使多少kg的水从20℃加热至70℃。

【解答】解：

（1）“可燃冰”开发使用后，会越来越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以“可燃冰”属于不可再生能源；

（2）由题知，1m3可燃冰分解后，可释放出约168m3天然气，

这些天然气完全燃烧产生热量：Q放=Vq=168m3×4×107J/m3=6.72×109J，

（3）由题知，水吸收的热量：Q吸=Q放=6.72×109J，

由Q吸=cm（t﹣t0）可得加热水的质量：

m===32000kg=32t。

故答案为：不可；6.72×109；32。

【点评】本题考查了学生对燃料分类、燃料的热值、燃料完全燃烧放热公式、吸热公式的掌握和运用，因条件已给出，难度不大。

25．（4分）如图甲所示，该实验装置的名称是　压强计　。使用前应检查装置是否漏气，当用手指按压（不论轻压还是重压）橡皮膜时，发现U形管两边液面的高度几乎不变，则说明装置　漏气　（选填“漏气”或“不漏气”）．图乙和图丙是将该装置的探头放入水中不同深度的情况，比较后得出的结论是：液体内部的压强随深度的增加而　增大　（选填“增大”“减小”或“不变”）． 比较图丙和图丁，得出的结论是：液体内部的压强与　液体密度　有关。

【分析】（1）压强计是测量液体内部压强大小的仪器；

（2）压强计是通过橡皮膜来感受压强的，当橡皮膜受到压强时，软管中的气体压强变大，大于大气压强就会将U形管中的液面出现高度差，高度差越大，表示橡皮膜受到的压强越大；若和橡皮膜连接的软管出现漏气，不论橡皮膜是否受到压强，软管中气体的压强都等于大气压，压强计中液面就不会出现高度差；

（3）探究液体压强跟深度的关系时，保持液体的密度和方向相同；探究液体压强跟密度的关系时，保持液体的深度和方向相同。

【解答】解：

（1）图中所示仪器是压强计；

（2）若压强计有漏气的地方，软管中的气体和大气相通，等于大气压强，橡皮膜受到压强时，软管内的气体压强不会发生变化，则U形管中的液面就不会出现高度差；

（3）乙和丙比较，水的密度一定，橡皮膜的方向相同，深度不同，深度越大压强越大，可得出结论：同一液体，液体内部压强随深度的增加而增大；

丙和丁相比较，控制了液体深度相同，橡皮膜的方向相同，液体的密度不同，液体的压强不同，可得出结论：液体内部的压强还跟液体密度有关。

故答案为：压强计；漏气；增大；液体密度。

【点评】（1）这是一道综合实验题，此题的难点是液体压强计的有关知识，我们要了解压强计的原理，知道液体压强计的操作要求等。

（2）在“研究水内部压强”的实验中，压强计的观察方法是应该掌握的基本要求，实验中液体的深度是指距自由液面的深度而非距底面的距离，这一点一定要分清。　

26．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S，发现只有两个电表的指针发生偏转，已知电阻R1、滑动变阻器R2中仅有一个出现了故障。

①电路中的故障可能是　R1开路或R1短路　；

②接着，移动变阻器R2的滑片P，只观察到一个电表的示数发生了改变，则故障一定是　R1短路　。

【分析】已知电阻R1、滑动变阻器R2中仅有一个出现了故障，分别列举可能出现的4种情况：电阻R1开路；电阻R1短路；滑动变阻器开路；滑动变阻器短路，所发生的现象与题目对比，符合的即为可能出现的故障。

【解答】解：①若电阻R1开路，两个电压表的正负接线柱通过变阻器、导线接在电源正负极上，电压表有示数；电压表的电阻无限大，使得电路中的电流为0，电流表无示数，两个表有示数；

若电阻R1短路，电压表V1无示数；电压表V通过导线接在电源上，电流表测量通过变阻器的电流，二者都有示数，两个表有示数；

若滑动变阻器开路，电压表V1无示数，电流表无示数；电压表V的正负接线柱通过导线接在电源正负极上，电压表有示数，只有一个表有示数；

若滑动变阻器短路，两个电压表测量的都电源的电压，都有示数；电流表测量的是通过电阻R1的电流，也有示数，三个表都有示数；

综上，电路中的故障可能是电阻R1开路或若电阻R1短路；

②若电阻R1开路，电压表与变阻器串联，电压表V1示数始终接近电源电压，电流表无示数，电压表V为电源电压不变；

若R1短路，电压表V1示数为0，电压表V示数为电源电压，而电流表测通过变阻器的电流，当移动R2滑片P时，由欧姆定律，电流表示数发生变化。

所以，移动变阻器R2的滑片P，只观察到一个电表的示数发生了改变，则故障一定是R1短路。

故答案为：①R1开路或R1短路；

②R1短路。

【点评】本题根据题目列举可能的所有故障，根据可能出现的现象与题目比较，相符合的即为可能的故障。同学们要学会这种推理方法。　

27．（3分）把长短和粗细均相同的铜丝和镍铬合金丝，分别接入如图所示的电路中，当把　铜丝　接入电路后，闭合开关，小灯泡会更亮一些，这说明　镍铬合金丝　的电阻更大。在这两种材料中，选用　镍铬合金丝　更适合制作电阻加热元件。（以上三空均填“铜丝”或“镍铬合金丝”）

【分析】（1）电阻是导体对电流的一种阻碍作用，所以在其它条件相同的情况下，导体的电阻越大，通过的电流就越小，灯泡越暗；

（2）利用焦耳定律结合控制变量法分析解答哪个更适合制作加热元件。

【解答】解：

（1）根据生活经验可知，长短、粗细都相同的铜丝和镍铬合金丝，铜丝的电阻小，所以把铜丝接入电路中灯泡更亮一些，说明镍铬合金丝的电阻更大；

（2）根据Q=I2Rt可知，在同样电流和相同的通电时间情况下，镍铬合金丝产生的热量多，故镍铬合金丝更适合制作电阻加热元件。

故答案为：铜丝；镍铬合金丝；镍铬合金丝。

【点评】本实验涉及了一种实验方法﹣转换法：对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量（电阻），用一些非常直观的现象（灯泡亮度）去认识或用易测量的物理量间接测量。　

28．（2分）小丽在帮奶奶用洗衣机洗衣服的过程中，洗衣机出现了漏电现象，导致漏电保护器自动切断电路。发生漏电现象时，火线和零线的电流大小　不相等　  （选填“相等”或“不相等”）。爸爸将家里的洗衣机以旧换新后，小丽想利用如图所示的电能表测量新洗衣机工作时的电功率。她让洗衣机进入洗衣模式单独工作30min，电表示数从图示变为，该洗衣机的平均功率约为　200　 W。

【分析】（1）漏电保护器俗称漏电开关，当家庭电路工作正常时，从进户线流入的电流与出户线流出的电流相等，漏电保护器不工作；当家庭电路中发生漏电现象时，流入与流出的电流不相等，满电保护器工作。例如，当家中的冰箱外壳带电，且恰好有人接触外壳时，会有一部分电流经过人体流入地下，使家庭电路流入与流出的电流不相等，漏电保护器工作，切断电源，从而达到保护的功能；

（2）3600r/kW•h表示每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转过3600转，根据两次电表示数可以求出洗衣机消耗的电能，然后由电功率公式求出洗衣机的功率。

【解答】解：

（1）当有漏电现象时，例如当家中的冰箱外壳带电，且恰好有人接触外壳时，会有一部分电流经过人体流入大地，使家庭电路中火线和零线的电流不相等，漏电保护器工作，切断电源，从而达到保护的功能；

（2）根据电表示数可知，单独工作30min洗衣机消耗的电能：

W=6236.5kW•h﹣6236.4=0.1kW•h，

洗衣机消耗的功率：P===0.2kW=200W。

故答案为：不相等；200。

【点评】本题考查了漏电保护器的作用、使用电能表时电能和电功率的计算，易错点在第一空的解答，明白漏电保护器的工作原理是关键。

三、作图及实验探究题（本大题共5个小题，第29题2分，第30题3分，第31、32小题各5分，第33题6分，共21分）

29．（2分）如图，接通电源后，通电螺线管旁的条形磁铁向右偏，请标出通电螺线管中的电流方向和条形磁铁的N极。

【分析】据安培定则判断出通电螺线管的磁极，再根据磁极间的相互作用规律判断条形磁铁的磁极。

【解答】解：根据安培定则，伸出右手四指弯曲指向电流的方向，则大拇指所指的方向﹣﹣通电螺线管的左端为N极，右端为S极。接通电源后，条形磁铁被排斥，根据同名磁极相互排斥，则条形磁铁的左端也为S极，右端为N极。答案如右图所示；

【点评】本题考查了右手螺旋定则和磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。

30．（3分）小李用图示装置探究“光的反射规律”，请在下列空格中填写适当内容：

（1）图甲中反射角是　42　度；

（2）图乙中当入射角变大时，反射光束　偏离　  （填“偏离”或“靠拢”） 法线；

（3）如图乙所示，将纸板NOF向后折，在纸板NOF上　不能　（填“能”或“不能”）看到反射光束，这说明了反射光线、入射光线和法线在同一平面内。

【分析】光的反射定律：反射光线、入射光线和法线都在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，光在反射过程中光路是可逆的。

【解答】解：（1）由图知OE是入射光线，则OF是反射光线。由于反射角等于入射角，所以反射角为42°；

（2）当入射光线向法线偏离时，反射光线与法线的夹角变大，所以入射角变大，此时反射角也变大，反射光线将偏离法线；

（3）因为反射光线、入射光线和法线在同一平面内，所以在实验过程中，将纸板向前或向后折，此时在纸板NOF上将不能看到反射光线。

故答案为：（1）42；（2）偏离；（3）不能；

【点评】要掌握光的反射定律的内容，知道反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角。同时考查了光路的可逆性。　

31．（5分）学生用天平、烧杯、油性笔及足量的水测量一块石头的密度，实验步骤如下：

（1）将天平放在水平桌面上，把游码拨至标尺　零刻度处　，发现横梁稳定时指针偏向分度盘的右侧，要使橫梁在水平位置平衡，应将平衡螺母往　左　（填“左”或“右”） 调。

（2）用调好的天平分别测出石头的质量是31.6g和空烧杯的质量是90g。

（3）如图甲所示，把石头轻轻放入烧杯中，往烧杯倒入适量的水，用油性笔在烧杯壁记下此时水面位置为M，然后放在天平左盘，如图丙所示，杯、水和鹅卵石的总质量为　161.6　g。

（4）将石头从水中取出后，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至记号M，如图乙所示，用天平测出杯和水的总质量为142g，此时杯中水的体积为　52　cm3。

（5）根据所测数据计算出石头的密度为　2.63　 g/cm3．（结果保留两位小数）

【分析】（1）先将天平放在水平桌面上，然后将游码移至横梁标尺的左端零刻度处。

天平使用前的调节：若指针左偏，向右调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；

（3）物体质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；

（4）鹅卵石的体积等于倒入水的体积；

（5）根据密度公式求出鹅卵石的密度。

【解答】解：

（1）把天平放在水平台上，游码拨到标尺左端的零刻度线处，通过调节平衡螺母使天平平衡；

指针偏向分度盘的右侧，要使横粱在水平位置平衡，应将平衡螺母往左调。

（3）由图知，杯、水和鹅卵石的总质量：m=100g+50g+10g+1.8g=161.6g；

杯中水的质量为：m水1=161.6g﹣31.6g﹣90g=40g，

杯中水的体积为V水1===40cm3；

（4）将鹅卵石从水中取出后，再往烧杯中缓慢加水，使水面上升至记号M，用天平测出杯和水的总质量为142g，

此时杯中水的体积V水===52cm3；

（5）由题意知，鹅卵石的体积等于加入水的体积，则V=V水﹣V水1=52cm3﹣40cm3=12cm3；

鹅卵石的密度ρ===2.63g/cm3。

故答案为：（1）零刻度处； 左；  （3）161.6；（4）52；（5）2.63；

【点评】测固体的密度首先会使用天平，用天平测出固体的质量m，根据排水法测出固体的体积V，理解题目中所用的等效替代法。

32．（5分）小明利用空易拉罐做了几个物理小实验。

（1）如图甲所示，在易拉罐中注人少量的水，用酒精灯对易拉罐加热，待罐口出现白雾时，将罐口堵住，撤去酒精灯，让易拉罐冷却，观察到易拉罐变瘪了，这一观象说明了　大气压　的存在。

（2）如图乙所示，用易拉罐制作一个简易针孔照相机：在易拉罐底部中央戳一个小孔，将易拉罐的顶部剪去后，蒙上一层半透明的塑料薄膜，用它观察窗外景物时，在塑料薄膜上能看到窗外景物　倒立　（选填“倒立”或“正立”）的像，像形成的原理是光的　直线传播　。

（3）如图丙所示，将两个易拉罐平行放置在水平桌面上，为了能让两易拉罐间距离增大，可以吸管按图中箭头　B　（选填“A”或“B”）所示的方向用力吹气。

（4）如图丁所示，用塑料薄膜擦过的塑料管靠近易拉罐，易拉罐　不可能　（选填“可能”或“不可能”）被吸引。

【分析】（1）根据易拉罐被压瘪现象可知大气压的存在；

（2）小孔成像是由于光的直线传播形成的，像的特点是：倒立的实像。

（3）流速越大的地方压强越小；

（4）带电体能够吸引轻小的物体。

【解答】解：（1）水吸热汽化生成水蒸气，水蒸气把易拉罐内的空气排出，封住罐口，停止加热，罐内气体温度降低，气体压强减小小于大气压，大气压将易拉罐压瘪，易拉罐被压瘪可以表明大气压的存在。

（2）由题意可知用易拉罐制成的针孔照相机的原理就是小孔成像，由光的直线传播可知小孔成的像是倒立的实像；

（3）为了能让两易拉罐间距离增大，可以用吸管按图中箭头B所示的方向用力吹气使得易拉罐的右侧空气流动加快，气压减小易拉罐向右运动，从而使两易拉罐间距离增大。

（4）塑料薄膜与塑料管摩擦不会使塑料管带电，因为他们是同种物质，原子核对电子的束缚能力相同，不会有电子转移。因此塑料模和塑料管都不会带电。故塑料膜擦过的塑料管不可能吸引易拉罐。

故答案为：（1）大气压；（2）倒立；直线传播；（3）B；（4）不可能。

【点评】本题考查了、大气压、小孔成像的原理和像的特点著、流体压强与流速的关系、带电体的性质等知识，我们在平时的学习中要注意知识和生活的联系，要能够使用我们所学的物理知识解释生活中的物理现象。

33．（6分）在“测定小灯泡的电阻”的实验中，实验器材有：2节干电池、标有电压为2.5V 的小灯泡（正常发光时，电阻约为10Ω ）、电流表、电压表、滑动变阻器（20Ω  1A）、开关等各一个和导线若干。

图甲所示是小明没有连接完整的实物电路。

（1）请你用笔画线代替导线将电路连接完整。

（2）正确连接电路后闭合开关，发现电流表有示数，电压表示数几乎为零，灯泡不发光，导致这一现象的原因可能是　灯泡短路　。

（3）改正错误后，继续实验。在图甲的电路，改变滑片的位置，能否使灯泡两端的电 压0～2.5V之间连续变化？答：　不能　（选填“能”或“不能”），理由是　灯泡两端最小电压为1V，不可能从零变化　。

【拓展】接下来小明更换了部分器材后探究“电流与电阻的关系”，电路图如图乙所示。

他们的实验数据记录如表所示。

①实验结论是　电压一定时，电流与电阻成反比　。

②若在第3 次实验时，将定值电阻R 的阻值由20Ω换为30Ω接入电路中后，没有调节滑片的位置就直接读取电流表的示数，则此时电流表的示数可能为　B　。

A.0.30 A  B.0.24 A  C.0.20 A  D.0.14A

【分析】（1）将电流表与灯泡串联，根据灯泡的额定电流判断电流表的量程；

（2）电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数、灯泡不发光，故障的原因是灯泡短路了；

（3）滑动变阻器与灯泡串联，从灯泡有电阻这一角度分析。

拓展：①分析数据解答；②将定值电阻R的阻值由20Ω换为30Ω接入电路中后，没有调节滑动变阻器的滑片P，此时电路总电阻变大，电路中的电流变小，

定值电阻的阻值变大，其两端的电压变大，即电压表的示数大于6V，根据欧姆定律的变形公式U=IR结合选项逐一进行判断即可得出答案。

【解答】解：（1）电流表与灯泡串联，灯泡的额定电流大约为I===0.25A，电流表应选择0～0.6A的量程，因为灯泡的额定电压为2.5V；电压表选0﹣3V的量程，滑动变阻器一上一下连接，如图所示：

（2）电流表有示数，说明电路是通路，电压表无示数、灯泡不发光，故障的原因是灯泡短路了；

（3）由题意可知，滑动变阻器与灯泡串联，闭合开关时，滑动变阻器连入阻值为其最大值，因为灯泡有电阻，灯两端分得的电压最小，UL=×RL=×10Ω=1V，所以不能实现灯泡两端电压从零连续变化到2.5V。

拓展：①分析表格数据，实验结论是电压一定时，电流与电阻成反比；

②A、将定值电阻R的阻值由20Ω换为30Ω接入电路中后，没有调节滑动变阻器的滑片P，此时电路总电阻变大，

电路中的电流变小，即直接读出电流表的示数小于0.30A，不符合题意；

BCD、由于定值电阻的阻值变大，其两端的电压将变大，即电压表的示数大于6V，

由欧姆定律得，U=IR=0.24A×30Ω=7.2V＞6V，符合题意，

U′=I′R=0.20A×30Ω=6V，不符合题意；

U″=I″R=0.14A×30Ω=4.2V＜6V，不符合题意。

故选：B。

故答案为：（1）见上图；

（2）灯泡短路

（3）不能；灯泡两端最小电压为1V，不可能从零变化；

【拓展】①电压一定时，电流与电阻成反比；②B。

【点评】此题是探究“电压一定时，电流跟电阻的关系”的实验，考查了实物电路的连接、电路故障的分析、串联电路的特点及欧姆定律的应用等知识，最后一问电流表示数的判断，有一定的难度。

四、计算题（本大题共2个小题；第34题7分，第35题8分，共15分．解答时，要求必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分）

34．（7分）炼油厂工人将油桶装到卡车上，需要用木板搭建一个斜面。卡车车厢底部离地 1.2m，所用木板长6m，工人沿着斜面用700N 的力将油桶推上车，用时1min，若该斜面的机械效率为40%．求：

（1）工人推油桶所做的功是多少？

（2）工人做功的功率是多少？

（3）油桶的质量是多少？（g=10N/kg ）

【分析】（1）油桶移动的距离等于木板长，利用W=Fs求工人推油桶所做的功；

（2）知道做功时间，利用P=求工人做功功率；

（3）知道斜面的机械效率，利用η=求推油桶做的有用功，再利用W有用=Gh求油桶重力，最后利用G=mg求油桶质量。

【解答】解：

（1）由题意可知，油桶移动的距离s=6m，

工人推油桶所做的功：

W总=Fs=700N×6m=4200J；

（2）做功时间t=1min=60s，

工人做功功率：

P===70W；

（3）由η=可得推油桶做的有用功：

W有用=ηW总=40%×4200J=1680J，

由W有用=Gh可得油桶重力：

G===1400N，

油桶质量：

m===140kg。

答：（1）工人推油桶所做的功是4200J；

（2）工人做功的功率是70W；

（3）油桶的质量是140kg。

【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、功率的计算，利用好效率公式、重力公式和功的公式是关键。

35．（8分）如图，电源电压恒定，小灯泡L标有“6V  3W”字样，定值电阻R2的阻值为10Ω，R1为滑动变阻器，开关S1、S2都闭合时，L恰好正常发光，电流表示数为1.1A．求：

（1）小灯泡正常发光时的电阻；

（2）S1、S2都闭合时，R1在10min内消耗的电能；

（3）S1、S2都断开，调节滑片使R2的电功率为R1电功率的2倍时，R2的电功率。

【分析】（1）小灯泡L标有“6V 3W”字样，根据P=UI=求灯的电阻；

（2）分析电路的连接，根据灯正常发光确定电源电压，根据并联电路电流的规律得出变阻器的电流，根据

W=UIt求在10min内消耗的电能：

（3）分析电路的连接，根据串联电路电流的规律，结合P=UI=I2R，电功率与对应的电阻成正比，求出R1，根据电阻的串联和欧姆定律，求电路的电流，根据P=UI=I2R求R2的功率。

【解答】解：（1）小灯泡L标有“6V 3W”字样，表示灯的额定电压为6V，额定功率为3W，根据P=UI=，故灯的电阻：

RL===12Ω；

（2）S1、S2都闭合时，R2短路，灯与变阻器并联，电流表测电路的总电流，因L恰好正常发光，故电源电压为U=6V，灯正常发光时的电流：

IL==0.5A

电流表示数即为干路的总电流，I=1.1A，

根据并联电路电流的规律，通过变阻器的电流：

I1=I﹣IL=1.1A﹣0.5A=0.6A，

R1在10min内消耗的电能：

W=UI1t=6V×0.6A×10×60s=2160J；

（3）S1、S2都断开，R1与R2串联，调节滑片使R2的电功率为R1电功率的2倍，根据串联电路电流的规律，结合P=UI=I2R，电功率与对应的电阻成正比，故=，

故R1=×R2=×10Ω=5Ω，根据电阻的串联和欧姆定律，电路的电流：

I′===0.4A，

R2的电功率：P2=U2I′=I′2R2=（0.4A2×10Ω=1.6W。

答：（1）小灯泡正常发光时的电阻为12Ω；

（2）S1、S2都闭合时，R1在10min内消耗的电能为2160J；

（3）S1、S2都断开，调节滑片使R2的电功率为R1电功率的2倍时，R2的电功率为1.6W。

【点评】本题考查串联、并联电路的规律及欧姆定律、电功率和电功的计算，关键是正确识别电路的连接。