2018年桂林中考物理模拟试话题word版（含答案）

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2018年桂林中考物理模拟试题

一、单项选择

1.我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它传递信息是利用（　　）

A．超声波              B．次声波              C．电磁波              D．激光

2．2015年9月3日为纪念中国人民抗日战争暨世界人民反法西斯战争胜利70周年在天安门广场举行了盛大的阅兵仪式，中国人民解放军仪仗队整齐列队时利用了光的（　　）

A．直线传播              B．反射              C．折射              D．色散

3．如图为小华同学从地上拿起一个鸡蛋，并把它缓缓举过头顶，在这过程中，小华同学对鸡蛋做的功约为（　　）

A．0．l J              B．1J              C．10 J              D．100 J

4．用图所示的指甲剪剪指甲时，以O为支点的杠杆AOB属于（　　）

A．省力杠杆              B．费力杠杆              C．等臂杠杆              D．无法确定

5．如图所示电路，L1的电阻比L2的大．开关闭合，灯均发光，则（　　）

A．V示数大于V2示数              B．V示数等于V1示数

C．A示数大于A1示数              D．A1示数大于A2示数

6．如图所示，柳州市区推行的公共自行车不仅给市民的出行带来方便，而且低碳环保，下列有关自行车结构及使用的说法中正确的是（　　）

A．自行车的轮胎被压扁了是力改变物体的形状

B．自行车受到的重力和它对地面的压力是一对平衡力

C．自行车不踩后最终会慢慢停下来说明物体的运动需要力来维持

D．自行车不踩后仍继续行驶一段距离是由于受到惯性力的作用

7．质量为1kg的冰块熔化成水后，下列说法中不正确的是（　　）

A．比热容变了              B．密度变了              C．内能增加了              D．质量变小了

8．小明用如图的装置探究液体内部压强的特点．隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭．橡皮膜两侧压强不同时，其形状会发生改变，下列图形符合实验事实的是（　　）

A．              B．              C．              D．

9．如图是同学们探究“平面镜成像特点”的几种情境．下列说法正确的是（　　）

A．若蜡烛A距玻璃板4cm，则蜡烛B距玻璃板8cm才能与蜡烛A的像完全重合

B．若蜡烛A在玻璃板中的像偏高且倾斜，则乙图是产生该现象的原因

C．若在玻璃板与B蜡烛之间放一块挡光板，则不能透过玻璃板看到A的像

D．以上说法均不正确

10．同一支密度计先后放在甲、乙两杯液体中，静止时所处位置如图所示，以下说法正确的是（　　）

A．甲液体的密度较小

B．乙液体的密度较小

C．密度计在甲液体中受到的浮力小

D．密度计在乙液体中受到的浮力小

11．巨磁电阻（GMR）在磁场中，电阻会随着磁场的增大而急剧减小，用GMR组成的电路图如图所示，S断开，A2有示数，电源电压恒定，则（　　）

A．S闭合时，A2示数减小

B．S闭合时，A1示数减小时，A2示数不变

C．S闭合时，A2示数不变

D．S闭合时，A1示数增大时，A2示数增大

12．如图所示，电源电压为6V，定值电阻R=20Ω，在S闭合的情况下，下列说法正确的是（　　）

A．不能在ab两点间接入一个电流表

B．在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表有明显示数

C．在a、b两点间接入一个10Ω的电阻，电路消耗的电功率为2W

D．在a、b两点间接入一个“3V  0.5A”的小灯泡，小灯泡能正常发光

二、填空为了防止因漏电而发生触电事故，有金属外壳的家用电器外壳一定要　　　　；人体的安全电压是不高于　　　　V．

14．在陶瓷、铁、玻璃中，属于导体的是　　　　；在输电导线、发电机线圈、电炉丝中，不可能应用超导材料的是　　　　．

15．教室的楼道上张贴有如图所示的标志，从声音的特性分析，“大声”和“轻声”均是指声音　　　　的大小；从控制噪声的角度分析，这是从　　　　处减弱噪声．

16．近期流行的“自拍神器”给旅行者自拍带来方便．如图所示，与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以　　　　物距，减小人像的大小，从而　　　　取景范围，取得更好的拍摄效果．（均选填“增大”或“减小”）

17．POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头（如图所示）．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，从而读出磁条上的信息．POS刷卡机读出信息原理的是　　　　，利用这一原理的装置还有　　　　．

18．我国的高铁技术已经达到世界先进水平，坐在行驶平稳的高铁车厢中，如果不看窗外，几乎感受不到高铁在高速运行．以座位上的乘客为参照物，车厢是　　　　的（选填“静止”或“运动”），当列车在水平铁路上匀速行驶时，列车受到的阻力　　　　 （选填“大于”、“等于”或“小于”）列车的牵引力．

19．汽车发动机工作时，当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，这时发动机的效率　　　　（选填“升高”、“不变”或“降低”）．发动机散热器常用水做冷却剂，这是因为水的　　　　大．

20．如图甲所示是家用电吹风的工作原理图，电吹风工作时可以吹出热风也可以吹出凉风．要让电吹风工作时吹出热风，它的开关应置于图甲中　　　　（填“1”“2”或“3”）位置，某次用该电吹风将头发吹干的过程中，电吹风的功率随时间的变化关系如图乙所示，则在该次吹干头发过程中电吹风消耗的总电能是　　　　J．

三、作图、实验与探究（21、22题各2分，23题5分，24题6分，25题9分，共24分．请将答案填写在答题卡上．）

21．如图所示，一烧杯静止在斜面上，烧杯内的水面上漂浮着一小球．请在图中作出小球受到的浮力F浮的示意图．

22．如图所示，人在倒茶水时，以O为支点，请画出作用在A点上的最小动力F及其力臂l．

23．小明在做“探究水的沸腾”实验时，实验装置如图甲所示．

（1）如图甲所示，操作错误的是温度计的玻璃泡　　　　．

（2）小明纠正错误操作后进行实验，根据实验记录的数据，作出了水的温度随时间变化的图象，如图乙所示，由图象可知，此时的大气压　　　　（选填“大于”、“等于”或“小于”）1标准大气压；

（3）本实验是通过　　　　方式增加水的内能．为了说明水沸腾过程中是否需要吸热，应　　　　，观察水是否继续沸腾；

（4）水沸腾时，杯口附近出现大量“白气”，“白气”是水蒸气遇冷　　　　（填物态变化名称）形成的．

24．在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小丽同学设计了如图15所示甲、乙、丙三次实验．让铁球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止．

（1）要探究动能大小与物体质量的关系时应保证铁球达到水平面的　　　　相同，为了达到这一目的所采取的具体操作方法是使小球　　　　；

（2）选用甲、丙两次实验可以得出的结论是　　　　．

（3）该实验是通过观察　　　　来比较铁球动能的大小，从而得出结论的．这里所用的研究方法的是　　　　．

（4）若水平面绝对光滑，铁球与纸盒将做　　　　运动．

25．小明做“测量小灯泡电功率”实验中，所用电源电压恒为4V，小灯泡的螺旋套上标有“2.5V”字样，其额定功率小于1W，滑动变阻器的规格是“10Ω 1A”．

（1）在实验前检查仪器时，发现电流表的指针如图1甲所示，则他接下来的操作是　　　　；请你根据图乙电路图用笔画线代替导线，将图丙中未完成的电路连接好．要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变大，导线不能交叉；

（2）连接电路后闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，灯泡不亮，移动滑片时电压表和电流表仍然没有示数，灯泡不亮．电路的故障可能是　　　　；

A．灯泡短路    B．滑动变阻器短路  C．灯泡断路    D．滑动变阻器断路

（3）电路故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器滑片到某一位置时，电压表示数如图2甲所示，现要测定小灯泡的额定功率，应将滑片适当地向　　　　 （选填“左”或“右”）移动，使电压表的示数为2.5V，此时电流示数如图2乙所示，那么灯泡的额定功率是　　　　W；

（4）小明能用小灯泡来研究电流与电压的关系吗？　　　　；理由是　　　　；

（5）为了研究电流和电阻的关系，小明找到几个定值电阻，阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，他用5Ω的电阻替换电路中的小灯泡，移动滑片使电压表示数为2.5V，记录电流表示数，又换上10Ω的电阻，移动滑片，最终电流表的示数为　　　　A；

（6）当小明用20Ω的电阻进行实验时，发现电压表的示数始终不能调到2.5V，聪明的小明想到了解决办法，他将其中一个定值电阻串联接入电路后，既可以用20Ω的电阻完成实验，又可以用30Ω的电阻完成实验，他选择的定值电阻至少是　　　　Ω．

四、综合应用（26题6分，27题8分，28题10分．共24分．请将解答过程填写在答题卡上．）

26．我市有的出租车已使用天然气来代替燃油．某出租车在一段时间内消耗了420g天然气，则：

（1）天然气是一种清洁燃料，它是　　　　（选填“可再生”或“不可再生”）能源．

（2）若这些天然气完全燃烧，求可放出的热量是多少？这些热量将多少克20℃的水烧开？（天然气的热值为4.4×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）

27．桂林两江四湖风景秀丽，吸引不少游客乘坐旅游观光艇游湖观光．下表是某一旅游观光艇（如图）部分技术参数：

求：（1）观光艇以最大航速行驶20min的路程s；

（2）假设乘客人均体重为60kg，观光艇满载乘客时（不计工作人员）排开水的体积是多大？

（2）若观光艇发动机以最大输出功率工作时螺旋桨推进器效率为75%，求以最大航速行驶时受到水的平均阻力f．

28．（10分）如图1甲是某品牌电压力锅，图乙所示是它的简化电路图．R1、R2是定值电阻，闭合开关S1，开关S2与触点b接通，电压力锅处于加热状态，此时电压力锅的功率P1=1000W，通过R1的电流为I1；当锅内的气压达到设定值时，S2自动与触点b断开并与触电a接通，S1仍闭合，电压力锅处于保压状态，此时电压力锅的功率为P2，通过R2的电流为I2．图2是表示做好某次饭的过程中，电压力锅从加热到保压消耗的电功率与时间的关系．已知I1=5I2．求：

（1）电压力锅处于加热状态时，通过电阻R1的电流．

（2）电压力锅处于保压状态时的功率P2．

（3）用电高峰期，电路的实际电压为198V，电压力锅做好同样一次饭，处于加热过程实际需要多少秒？（不考虑能量损失）（结果保留整数）

2018年桂林中考物理模拟试题参考答案

一、单项选择我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它传递信息是利用（　　）

A．超声波              B．次声波              C．电磁波              D．激光

【考点】电磁波的传播．

【分析】导航仪是利用电磁波传递信息的，导航仪、地面端的中心控制系统、导航卫星间可以相互传递信息．

【解答】解：我国自行研制的北斗卫星导航系统具有定位、导航和通信等功能，它传递信息是利用电磁波传递信息的．

故选：C．

【点评】本题考查电磁波的传播，掌握导航卫星的工作原理即可正确解题．

2．2015年9月3日为纪念中国人民抗日战争暨世界人民反法西斯战争胜利70周年在天安门广场举行了盛大的阅兵仪式，中国人民解放军仪仗队整齐列队时利用了光的（　　）

A．直线传播              B．反射              C．折射              D．色散

【考点】光直线传播的应用．

【分析】光在均匀介质中直线传播．光沿直线传播的应用实例很多，例如：（1）小孔成像；（2）射击瞄准；（3）激光准直；（4）排直队要向前看齐等；（5）影子的形成；（6）日月食的形成．

【解答】解：仪仗队整齐列队时，是利用了光的直线传播特点，选项A正确．

故选A．

【点评】本题主要考查学生对光的直线传播的了解和掌握，是一道基础题．

3．如图为小华同学从地上拿起一个鸡蛋，并把它缓缓举过头顶，在这过程中，小华同学对鸡蛋做的功约为（　　）

A．0．l J              B．1J              C．10 J              D．100 J

【考点】功的计算．

【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后确定最符合实际的答案．

【解答】解：一只鸡蛋的质量约50g，受到的重力为G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N

从地上拿起鸡蛋，并把它缓缓举过头顶，通过的距离大约2m，

所以对鸡蛋做的功大约为W=Gh=0.5N×2m=1J；

故选：B．

【点评】本题考查功的计算，物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义．

4．用图所示的指甲剪剪指甲时，以O为支点的杠杆AOB属于（　　）

A．省力杠杆              B．费力杠杆              C．等臂杠杆              D．无法确定

【考点】杠杆的分类．

【分析】结合图片，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．

【解答】解：读图可知，指甲剪剪指甲时，以O为支点，动力作用在A点，阻力在B点，动力臂大于阻力臂，所以杠杆AOB属于省力杠杆．

故选A．

【点评】从日常生活用品中分辨使用的杠杆属于哪一种类型是一种很常见的题型；对于这一类题来说，重点是找出这些日用品中杠杆的“五要素”，即动力、动力臂、阻力、阻力臂、支点，从而根据杠杆分类的依据，判断出这些日用品中应用的杠杆属于哪一种类型．

5．如图所示电路，L1的电阻比L2的大．开关闭合，灯均发光，则（　　）

A．V示数大于V2示数              B．V示数等于V1示数

C．A示数大于A1示数              D．A1示数大于A2示数

【考点】并联电路的电压规律；串联电路的电流规律．

【分析】（1）并联电路两端电压相等；

（2）串联电路中，处处电流相等．

【解答】解：AB、根据左图可知，两灯泡并联，电压表V测量电源电压，电压表V1测量L1两端电压，电压表V2测量L2两端电压；

因为并联电路两端电压相等，因此电压表V、电压表V1和电压表V2的示数相等；故A错误，B正确；

CD、根据右图可知，两灯泡串联，电流表A、A1、A2都测量串联电路电流，因此串联电路中处处电流相等，即三个电流表的示数相等，故CD错误．

故选B．

【点评】本题考查串并联电路电压和电流的特点，属于基础题．

6．如图所示，柳州市区推行的公共自行车不仅给市民的出行带来方便，而且低碳环保，下列有关自行车结构及使用的说法中正确的是（　　）

A．自行车的轮胎被压扁了是力改变物体的形状

B．自行车受到的重力和它对地面的压力是一对平衡力

C．自行车不踩后最终会慢慢停下来说明物体的运动需要力来维持

D．自行车不踩后仍继续行驶一段距离是由于受到惯性力的作用

【考点】力的作用效果；惯性；平衡力的辨别；力与运动的关系．

【分析】（1）力的作用效果有两个，一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态；

（2）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；

（3）力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力；

（4）惯性是物体本身保持运动状态不变的性质，不是力．

【解答】解：

A、自行车的轮胎被压扁了，说明力改变物体的形状，故A正确；

B、自行车受到的重力和它对地面的压力，二力作用在不同的物体上，因此二力不是一对平衡力，故B错误；

C、自行车不踩后会慢慢停下来，是因为受到了阻力的作用，不能说明物体的运动要力来维持，故C错误；

D、自行车不踩后仍继续行驶，是由于自行车本身具有惯性，而不是受到惯性力的作用，故D错误．

故选A．

【点评】本题考查了力的作用效果、平衡力、力与运动的关系、惯性等，是力的学基本原理的考查，值得我们关注．

7．质量为1kg的冰块熔化成水后，下列说法中不正确的是（　　）

A．比热容变了              B．密度变了              C．内能增加了              D．质量变小了

【考点】物质的基本属性．

【分析】根据质量不随物体的状态、形状、温度以及空间位置的改变而改变进行分析．

【解答】解：冰熔化成水后，比热容变大，故A叙述正确；

冰块变为水，体积变小，密度变大，故C叙述正确；

冰块由于吸收热量才变为水，所以内能变大，故C叙述正确；

把质量为1kg的冰块放在烧杯里，熔化成水后，仅为物体的状态的改变，所含物质的多少并没有改变，因此它的质量没变．

故选：D．

【点评】本题考查物体的质量不随物体的形状、状态、温度以及空间位置的改变而改变的掌握应用情况．

8．小明用如图的装置探究液体内部压强的特点．隔板下部有一圆孔用薄橡皮膜封闭．橡皮膜两侧压强不同时，其形状会发生改变，下列图形符合实验事实的是（　　）

A．              B．              C．              D．

【考点】液体的压强的特点．

【分析】根据液体压强公式p=ρgh，通过比较隔板左右两侧压强的大小，观察橡皮膜凹陷的方向，据此分析，可突破此题．

【解答】解：A、A图中隔板左右两侧都是水，且液面相平，根据液体压强公式p=ρgh可知，两边压强相等，橡皮膜不应有凹陷．故A错误；

B、B图中隔板左右两侧都是水，且右边的液面高于左边，根据液体压强公式p=ρgh可知，右边压强大于左边，橡皮膜应向左凹陷．故B错误；

C、C图中隔板左边是水，右边是盐水，液面相平，因为盐水的密度大于水的密度，根据液体压强公式p=ρgh可知，右边压强大于左边，橡皮膜应向左凹陷．故C错误；

D、D图中隔板左边是水，右边是盐水，液面相平，因为盐水的密度大于水的密度，根据液体压强公式p=ρgh可知，右边压强大于左边，橡皮膜应向左凹陷．故D正确．

故选D．

【点评】此题是探究液体压强与深度和密度的关系，考查了对控制变量法的应用，在实验中注意怎样控制变量和改变变量．

9．如图是同学们探究“平面镜成像特点”的几种情境．下列说法正确的是（　　）

A．若蜡烛A距玻璃板4cm，则蜡烛B距玻璃板8cm才能与蜡烛A的像完全重合

B．若蜡烛A在玻璃板中的像偏高且倾斜，则乙图是产生该现象的原因

C．若在玻璃板与B蜡烛之间放一块挡光板，则不能透过玻璃板看到A的像

D．以上说法均不正确

【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．

【分析】（1）由平面镜的成像特点，像物关于镜面对称可知：玻璃板如果不竖直，蜡烛的像与蜡烛不能重合；根据平面镜的成像特点，像物关于镜面对称作出蜡烛的像点即可确定平板玻璃中蜡烛A的像偏高且倾斜的是哪一个．

（2）根据平面镜成像特点，物像等距即可解答此题．

（3）平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，在玻璃板后面放一块档光板，不会影响观察物体的像．

【解答】解：A、由平面镜成像特点可知，若蜡烛A距玻璃板4cm，蜡烛A的像距离平面镜也为4cm，则蜡烛B与玻璃板相距4cm才能与蜡烛A的像完全重合．故A错误；

BD、实验时平面镜必须要竖直放置，如果不竖直，不论怎样移动后面的蜡烛都不可能与前面蜡烛的像完全重合，由图可知，甲图平面镜竖直放置，不会出现像偏高的情况，乙和丙图平面镜没有竖直放置，分别作出蜡烛A的关于平面镜的对称点，可知，乙图平板玻璃中蜡烛A的像偏高且倾斜，如下图：

故B正确，D错误；

C、平面镜成的是虚像，是光的反射形成的，因此，如果在玻璃板后面放一块档光板，则能看见物体的像A′，无法看到物体B．故C错误；

故选B．

【点评】探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的，值得我们关注．

10．同一支密度计先后放在甲、乙两杯液体中，静止时所处位置如图所示，以下说法正确的是（　　）

A．甲液体的密度较小

B．乙液体的密度较小

C．密度计在甲液体中受到的浮力小

D．密度计在乙液体中受到的浮力小

【考点】物体的浮沉条件及其应用．

【分析】根据漂浮时浮力等于重力进行分析；

根据ρ液=进行判断；

【解答】解：由F浮=ρ液gV排得，ρ液=，由A知，浮力相等，在乙中排开液体的体积小，所以甲的密度小于乙液体的密度，所以B错误；A正确；

因为密度计在两种液体中都是漂浮，所以浮力等于重力，密度计在甲、乙液体中所受的浮力相等，所以CD错误；

故选A

【点评】此题考查了物体浮沉条件的应用及液体密度的比较，需掌握密度计测量液体密度的原理，根据漂浮时浮力与重力相等即在不同液体中的浮力不变得出不同液体的密度大小．

11．巨磁电阻（GMR）在磁场中，电阻会随着磁场的增大而急剧减小，用GMR组成的电路图如图所示，S断开，A2有示数，电源电压恒定，则（　　）

A．S闭合时，A2示数减小

B．S闭合时，A1示数减小时，A2示数不变

C．S闭合时，A2示数不变

D．S闭合时，A1示数增大时，A2示数增大

【考点】欧姆定律的应用．

【分析】电磁铁磁性的有无可以通过通断电流来控制；

当S闭合后，电磁铁产生磁性，由巨磁电阻（GMR）会随着磁场的增大而急剧减小．判断GMR的电阻变化，由此分析电流表示数变化情况．

【解答】解：

S断开时，左侧电路中没有电流，电磁铁中无磁性，A1示数为0；

S闭合后，左侧电路连通，所以A1示数变大，电磁铁中产生磁性，使得巨磁电阻的阻值减小，由欧姆定律知右侧电路中电流增大，即A2示数变大．

故选D．

【点评】本题考查对电磁铁特点的认识和欧姆定律的应用，关键用好巨磁电阻（GMR）在磁场中，电阻会随着磁场的增大而急剧减小．

12．如图所示，电源电压为6V，定值电阻R=20Ω，在S闭合的情况下，下列说法正确的是（　　）

A．不能在ab两点间接入一个电流表

B．在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表有明显示数

C．在a、b两点间接入一个10Ω的电阻，电路消耗的电功率为2W

D．在a、b两点间接入一个“3V  0.5A”的小灯泡，小灯泡能正常发光

【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．

【分析】（1）电流表测电路中电流时应串联在电路中；

（2）电压表自身电阻非常大，由此分析ab间接入电压表后其示数情况；

（3）由串联电路特点和P=计算ab间接入10Ω的电阻时电路消耗的电功率；

（4）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出串联电阻的阻值与R比较．

【解答】解：

A、在a、b两点间接入一个电流表时，电路为R的简单电路，电流表测电路中的电流，所以可以在ab间接入电流表，故A错误；

B、在a、b两点间接入一个合适的电压表时，由于电压表自身电阻非常大，所以电压表串联在电路中测电源的电压，示数为6V，即电压表有明显示数，故B正确；

C、在a、b两点间接入一个10Ω的电阻时，电路消耗的电功率：

P===1.2W，故C错误；

D、由串联电路的电流和电压特点和欧姆定律可得，灯泡正常发光时串联电阻的阻值：

R串====6Ω≠20Ω．由此可知，灯泡不能正常发光．故D错误．

故选B．

【点评】本题考查了电表的正确使用和串联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等．

二、填空为了防止因漏电而发生触电事故，有金属外壳的家用电器外壳一定要　接地　；人体的安全电压是不高于　36　V．

【考点】触电危害及常见的触电类型与预防；电压．

【分析】我国家庭电路电压是220V，对人体的安全电压不高于36V；家庭电路中，金属外壳的用电器的外壳一定要接地，当人接触漏电的用电器时，防止出现触电事故．

【解答】解：我国家庭电路电压是220V，对人体的安全电压不高于36V，金属外壳的用电器漏电时，如果不接地线，人间接接触火线，会发生触电事故；如果金属外壳接地线上，接触漏电的用电器时，人体被地线短路，防止触电事故的发生，所以家用电器的金属外壳应接地．

故答案为：接地；36．

【点评】本题考查了家庭电路的部分用电安全知识，属于基础内容的考查．

14．在陶瓷、铁、玻璃中，属于导体的是　铁　；在输电导线、发电机线圈、电炉丝中，不可能应用超导材料的是　电炉丝　．

【考点】导体；超导体的作用．

【分析】在陶瓷、铁、玻璃中，铁是导体；利用电流的热效应工作的电器中，不能应用超导体材料．

【解答】解：①在陶瓷、铁、玻璃中，铁容易导电是导体，而陶瓷、玻璃是绝缘体．

②在输电导线、发电机线圈、电炉丝中，不可能应用超导材料的是电炉丝，因此电炉丝是利用电流的热效应工作的电器，超导体不会发热．

故答案为：铁；电炉丝．

【点评】本题考查了对半导体材料的认识，以及对超导体应用的了解，属物理常识题，难度不大．

15．教室的楼道上张贴有如图所示的标志，从声音的特性分析，“大声”和“轻声”均是指声音　响度　的大小；从控制噪声的角度分析，这是从　声源　处减弱噪声．

【考点】响度；防治噪声的途径．

【分析】（1）响度是指声音的大小，音调指声音的高低，音色是声音的品质与特色．

（2）减弱噪声有三种途径：①在声源处减弱；②在传播过程中减弱；③在人耳处减弱．

【解答】解：（1）在此题中的轻声和大声说的是声音的大小，因此指的是响度．

（2）图中“请不要大声喧哗”的标志牌，是在声源处控制噪声的产生．

故答案为：响度；声源．

【点评】音调和响度的概念很容易混淆，但是却是考试的热点内容之一，所以一定要注意进行认真的区分．同时还要了解防治噪声的途径及应用．

16．近期流行的“自拍神器”给旅行者自拍带来方便．如图所示，与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以　增大　物距，减小人像的大小，从而　增大　取景范围，取得更好的拍摄效果．（均选填“增大”或“减小”）

【考点】凸透镜成像的应用．

【分析】“自拍神器”是利用凸透镜成倒立、缩小的实像工作的，凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小．

【解答】解：根据凸透镜成实像时，物距越大，像距越小，像越小，可知“自拍神器”与直接拿手机自拍相比，利用自拍杆可以增大物距，减小人像的大小，从而增大取景范围，取得更好的拍摄效果．

故答案为：增大；增大．

【点评】此题主要考查了有关凸透镜成像的规律及应用．一定要熟练掌握规律的内容，特别是成像特点与物距之间的关系．

17．POS机的刷卡位置有一个绕有线圈的小铁环制成的检测头（如图所示）．在使用时，将带有磁条的信用卡在POS机指定位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，从而读出磁条上的信息．POS刷卡机读出信息原理的是　电磁感应　，利用这一原理的装置还有　发电机　．

【考点】电磁感应．

【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象．

发电机就是根据此原理制成的．

【解答】解：

如图电路中没有电源，当闭合开关，闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这是电磁感应；将带有磁条的信用卡在刷卡位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的电流，POS刷卡机读出信息原理就是电磁感应现象．

发电机也是利用电磁感应原理工作的．

故答案为：电磁感应；发电机．

【点评】本题考查了电磁感应现象在生活中应用，明确电磁感应的原理是解答此题的关键．

18．我国的高铁技术已经达到世界先进水平，坐在行驶平稳的高铁车厢中，如果不看窗外，几乎感受不到高铁在高速运行．以座位上的乘客为参照物，车厢是　静止　的（选填“静止”或“运动”），当列车在水平铁路上匀速行驶时，列车受到的阻力　等于　 （选填“大于”、“等于”或“小于”）列车的牵引力．

【考点】二力平衡条件的应用；参照物及其选择．

【分析】（1）要解决此题，需要掌握运动和静止的相对性，物体的运动和静止相对于所选取的参照物而言的．关键是看物体相对于参照物的位置是否改变，若改变则是运动的；若不变，则是静止的；

（2）处于静止和匀速直线运动状态的物体受的力是平衡力．

【解答】解：

（1）坐在行驶的高铁中的人，以座位上的乘客为参照物，车厢与乘客之间的位置没有发生变化，所以车厢是静止的；

（2）列车在水平铁路上匀速行驶，受平衡力的作用，故阻力等于牵引力．

故答案为：静止；等于．

【点评】此题考查了运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同．还考查了二力平衡条件的应用．

19．汽车发动机工作时，当汽油在发动机内燃烧不充分时会冒“黑烟”，这时发动机的效率　降低　（选填“升高”、“不变”或“降低”）．发动机散热器常用水做冷却剂，这是因为水的　比热容　大．

【考点】水的比热容的特点及应用；热机的效率．

【分析】（1）热机工作的过程中内能转化为机械能；热机的效率是指用来做有用功的能量占燃料完全燃料放出的总能量的百分比，据此结合现象可分析对效率的影响；

（2）水具有比热容较大的特性，这是常被选做冷却剂的原因．

【解答】解：

（1）汽车发动机工作时将内能转化为机械能，冒“黑烟”说明燃烧不充分，用来做有用功的能量占燃料完全燃烧放出的总能量的比值就小，所以效率降低；

（2）用水做冷却剂是因为水的比热容较大，在相同条件下能吸收更多的热量．

故答案为：降低，比热容．

【点评】本题主要考查了热机工作时能量的转化以及对热机效率、比热容概念的理解，属于基础题目．

20．如图甲所示是家用电吹风的工作原理图，电吹风工作时可以吹出热风也可以吹出凉风．要让电吹风工作时吹出热风，它的开关应置于图甲中　1　（填“1”“2”或“3”）位置，某次用该电吹风将头发吹干的过程中，电吹风的功率随时间的变化关系如图乙所示，则在该次吹干头发过程中电吹风消耗的总电能是　13200　J．

【考点】电功率与电能、时间的关系．

【分析】（l）当电吹风机送出来的是热风时，说明电动机和电阻丝同时工作．

（2）首先由图象得出吹热风和吹凉风时的功率和时间，然后根据W=Pt分别计算出电吹风工作时吹热风和吹凉风时消耗的电能，求其和即可．

【解答】解：（l）当电吹风机送出来的是热风时，需要电动机和电阻丝同时工作，即开关应置于图甲中的1位置，电风扇与电热丝是并列连接在电源上的，所以要让电吹风工作时吹出热风，它的开关应置于图甲中1的位置．

（2）根据功率随时间的变化关系图象可知：

P热=616W，t1=20s，P凉=88W，t2=30s﹣20s=10s，

W总=W热+W冷=P热t1+P凉t2=616W×20s+88W×10s=13200J．

故答案为：1；13200．

【点评】本题考查电功率公式的应用，难点是明白触点在不同位置时电路的连接情况，还要知道电源电压不变时，电阻越小电功率越大．

三、作图、实验与探究（21、22题各2分，23题5分，24题6分，25题9分，共24分．请将答案填写在答题卡上．）

21．如图所示，一烧杯静止在斜面上，烧杯内的水面上漂浮着一小球．请在图中作出小球受到的浮力F浮的示意图．

【考点】力的示意图．

【分析】解决本题的关键是要明确浮力的方向（竖直向上），并要掌握力的示意图的画法．

【解答】解：物体所受浮力的方向是竖直向上的．我们可以从重心开始竖直向上画一条带箭头的线段表示出浮力，并标出F浮．如图所示：

【点评】画力的示意图的方法是：一定点，二画线，再在线上标尖尖．解释：“点”指力的作用点，“尖尖”指力的方向．

22．如图所示，人在倒茶水时，以O为支点，请画出作用在A点上的最小动力F及其力臂l．

【考点】杠杆中最小力的问题；力臂的画法．

【分析】根据杠杆平衡条件，当杠杆平衡，在阻力和阻力臂不变时，动力臂最长，动力最小．据此确定动力的方向，再画出其力臂．

【解答】解：根据杠杆平衡条件，当杠杆平衡，在阻力和阻力臂不变时，动力臂越长，动力越小．所以连接OA，在A点垂直OA向上施加力，最省力，作力F的示意图，其力臂为l，如图所示：

【点评】本题主要考查学生对力臂的画法的了解和掌握，关键是牢记力臂与力的作用线的关系；确定杠杆中最小力是该题的难点．

23．小明在做“探究水的沸腾”实验时，实验装置如图甲所示．

（1）如图甲所示，操作错误的是温度计的玻璃泡　触到烧杯底部　．

（2）小明纠正错误操作后进行实验，根据实验记录的数据，作出了水的温度随时间变化的图象，如图乙所示，由图象可知，此时的大气压　小于　（选填“大于”、“等于”或“小于”）1标准大气压；

（3）本实验是通过　热传递　方式增加水的内能．为了说明水沸腾过程中是否需要吸热，应　撤掉酒精灯　，观察水是否继续沸腾；

（4）水沸腾时，杯口附近出现大量“白气”，“白气”是水蒸气遇冷　液化　（填物态变化名称）形成的．

【考点】探究水的沸腾实验．

【分析】（1）使用温度计测量液体温度时，温度计的玻璃泡要与液体充分接触，不能接触容器底或容器壁；读数时，视线应该与温度计的上表面相平；

（2）根据水在沸腾过程中温度保持不变结合图象得出水的沸点，水的沸点还与气压有关，气压越小，沸点越低；

（3）改变物体内能的方法：做功和热传递，做功发生了能量的转化，热传递发生的是能量的转移；

（4）“白气”是水蒸气遇冷液化形成的．

【解答】解：（1）由图知，温度计的玻璃泡接触了烧杯的底部，会导致测量结果偏高，读数时视线未跟温度计液柱的表面相平；

（2）由图知，水在沸腾过程中温度保持99℃不变，所以水的沸点为99℃；1标准大气压下水的沸点是100℃，由于水的沸点还与气压有关，气压越小，水的沸点越低，此实验中沸点低于100℃，可能是当时气压小于1标准大气压；

（3）实验中，由于酒精灯火焰的温度较高，所以热由酒精灯火焰传递给石棉网、烧杯底，然后传递给水，是通过热传递方式增加水的内能的；为了说明是否吸热，可将酒精灯撤掉后，观察水是否沸腾；

（4）沸腾时水中冒出大量的水蒸气，水蒸气最冷后会液化成小水滴，形成“白气”；

故答案为：（1）触到烧杯底部；（2）小于；（3）热传递；撤掉酒精灯；（4）液化．

【点评】本题是探究水的沸腾实验，考查了温度计的使用及其读数，同时考查了改变物体内能的方法及缩短加热时间的方法，难度不大．

24．在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小丽同学设计了如图15所示甲、乙、丙三次实验．让铁球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止．

（1）要探究动能大小与物体质量的关系时应保证铁球达到水平面的　速度　相同，为了达到这一目的所采取的具体操作方法是使小球　让质量不同的铁球从斜面的同一高度由静止滚下　；

（2）选用甲、丙两次实验可以得出的结论是　物体质量相同时，速度越大，动能越大　．

（3）该实验是通过观察　纸盒被铁球推动距离的大小　来比较铁球动能的大小，从而得出结论的．这里所用的研究方法的是　转换法　．

（4）若水平面绝对光滑，铁球与纸盒将做　匀速直线　运动．

【考点】探究影响物体动能大小的因素．

【分析】（1）要探究动能大小与物体质量的关系，需保持物体的速度相同；则需使小球从同一斜面的同一高度由静止开始运动；

（2）分析图甲、丙所示两次实验，根据实验控制的变量与实验现象分析答题；

（3）掌握转换法在实验中的应用，通过对纸盒做功的多少，来体现小球动能的大小；

（4）根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，运动后将保持匀速直线运动．

【解答】解：

（1）要探究动能大小与物体质量的关系，应保持小球的速度相同，质量不同，所以应使质量不同的小球从斜面的同一高度由静止滚下；

（2）由图示实验可知，甲、丙两次实验，球的质量相同，甲滚下的高度大于丙滚下的高度，甲将纸盒推动得更远，说明动能更大，可得质量相同的物体，运动速度越大，它具有的动能就越大；

（3）该实验是通过观察纸盒被撞击后移动的距离来比较铁球动能的大小的，这种方法是转换法；

（4）若水平面绝对光滑，铁球将做匀速直线运动．

故答案为：

（1）速度；让质量不同的铁球从斜面的同一高度由静止滚下；

（2）物体质量相同时，速度越大，动能越大；

（3）纸盒被铁球推动距离的大小；转换法；

（4）匀速直线．

【点评】本题考查了探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验，实验应用了转换法和控制变量法，掌握转换法与控制变量法的应用、分析图示实验即可正确解题．

25．小明做“测量小灯泡电功率”实验中，所用电源电压恒为4V，小灯泡的螺旋套上标有“2.5V”字样，其额定功率小于1W，滑动变阻器的规格是“10Ω 1A”．

（1）在实验前检查仪器时，发现电流表的指针如图1甲所示，则他接下来的操作是　对电流表进行调零，使指针指在零刻度线上　；请你根据图乙电路图用笔画线代替导线，将图丙中未完成的电路连接好．要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变大，导线不能交叉；

（2）连接电路后闭合开关，发现电压表和电流表均无示数，灯泡不亮，移动滑片时电压表和电流表仍然没有示数，灯泡不亮．电路的故障可能是　D　；

A．灯泡短路    B．滑动变阻器短路  C．灯泡断路    D．滑动变阻器断路

（3）电路故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器滑片到某一位置时，电压表示数如图2甲所示，现要测定小灯泡的额定功率，应将滑片适当地向　右　 （选填“左”或“右”）移动，使电压表的示数为2.5V，此时电流示数如图2乙所示，那么灯泡的额定功率是　0.75　W；

（4）小明能用小灯泡来研究电流与电压的关系吗？　不能　；理由是　因为灯丝的电阻随温度的升高而增大，而电流与电压关系的实验中，要控制电阻值大小不变　；

（5）为了研究电流和电阻的关系，小明找到几个定值电阻，阻值分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，他用5Ω的电阻替换电路中的小灯泡，移动滑片使电压表示数为2.5V，记录电流表示数，又换上10Ω的电阻，移动滑片，最终电流表的示数为　0.25　A；

（6）当小明用20Ω的电阻进行实验时，发现电压表的示数始终不能调到2.5V，聪明的小明想到了解决办法，他将其中一个定值电阻串联接入电路后，既可以用20Ω的电阻完成实验，又可以用30Ω的电阻完成实验，他选择的定值电阻至少是　10　Ω．

【考点】电功率的测量；探究电流与电压、电阻的关系实验．

【分析】（1）由图1知，电流表指针没有指在电流表的零刻度线上，使用前应对电流表调零；

根据题意确定滑动变阻器的接法，然后连接实物电路图．

（2）灯泡不亮，则可能是电路断路或灯泡的实际功率太小或灯泡短路；电压表读数为零，说明灯泡短路；

（3）由灯泡灯泡的额定电压可知电压表的量程并读出其大小，为使电压增加为2.5V，电阻的分压特点可知滑动变阻器接入电路电阻的变化，进一步确定滑片的移动方向．

根据电流表的量程和分度值读出灯泡的额定电流，利用P=UI求出额定功率．

（4）在研究电流与电压的关系时，要控制电阻的阻值不变，改变电阻两端的电压，分析电流和电压的关系；而灯丝的电阻随着温度变化；

（5）根据I=得出电流表的示数；

（6）由于滑动变阻器的阻值太小，电压表的示数始终达不到2.5V，故应串联一个电阻．

【解答】解：（1）由图1可知，在实验前电流表指针没有指在零刻度线上，应对电流表进行调零，使电流表指针指在零刻度线上；

滑动变阻器应与灯泡串联，题中要求滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变大，则滑动变阻器应接左下接线柱，实物电路图如图所示：

（2）A、若小灯泡短路，电路为通路，则电流表有示数，又因电压表并联在灯泡两端则电压表示数为零，不符合题意，故A错误；

B、若滑动变阻器短路，电路为通路，灯泡发光、电流表和电压表都有示数，不符合题意，故B错误；

C、若灯泡断路，灯泡不发光，电流表无示数，电压表测电源电压（有示数），不符合题意，故C错误；

D、若变阻器断路，整个电路断路，灯泡不发光，电流表和电压表都无示数，符合题意，故D正确．

故选D．

（3）由图可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，灯泡两端的电压为2.8V，

为测额定功率，灯两端电压应为2.5V，根据串联电路的分压特点可知，滑动变阻器分得的电压较小，应增大滑动变阻器两端电压，增大变阻器接入电路的阻值，所以应向右移动滑片，直到电压表示数为2.5V为止．

当灯泡两端的电压为2.5V时，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，由图可知，通过灯泡的电流为0.3A，则灯泡的额定功率：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W．

（4）要研究电流和电阻的关系，要控制电阻的大小不变，因为灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以这个实验不能用来研究电流与电压的关系．

（5）探究电流与电阻的关系，需保证电阻两端的电压一定，

当电压U=2.5V，R=10Ω时，电路中的电流：I===0.25A；

（6）当换上20Ω的电阻后，电路中的电流I===A，电阻的电压UR=IR=A×20Ω=2.6V，所以无论怎样调节滑片，电压表示数都不能到2.5V，则应该跟电路串联一个电阻R2，串联上电阻后即可以完成20Ω的电阻，也可以完成30Ω的电阻；

当接入30Ω的电阻时，电流I===A，R滑+R串===18Ω，

所以R串最小=180Ω﹣R滑=18Ω﹣10Ω=8Ω；因为定值电阻各为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、30Ω，故应选择10Ω的定值电阻．

故答案为：（1）对电流表进行调零，使指针指在零刻度线上；见上图；（2）D；（3）右；0.75；

（4）不能；因为灯丝的电阻随温度的升高而增大，而电流与电压关系的实验中，要控制电阻值大小不变；

（5）0.25；（6）10Ω．

【点评】本题考查了电流表量程的选择和连接以及读数、电压表的读数、滑动变阻器的连接和使用、电路故障的判断等，这些知识点是伏安法测功率中最常见的内容，也是常考的内容．

四、综合应用（26题6分，27题8分，28题10分．共24分．请将解答过程填写在答题卡上．）

26．我市有的出租车已使用天然气来代替燃油．某出租车在一段时间内消耗了420g天然气，则：

（1）天然气是一种清洁燃料，它是　不可再生　（选填“可再生”或“不可再生”）能源．

（2）若这些天然气完全燃烧，求可放出的热量是多少？这些热量将多少克20℃的水烧开？（天然气的热值为4.4×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）

【考点】能源的分类；热量的计算．

【分析】（1）从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源．化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；

（2）根据Q=mq计算出天然气燃烧放出的热量；水吸收的热量和天然气放出的热量相等，根据Q吸=cm（t﹣t0）的变形式求出水的质量．

【解答】解：

（1）天然气是化石能源的一种，化石能源、核能等能源会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；

（2）消耗420g天燃气释放的热量：Q=mq=0.42kg×4.4×107J/kg=1.848×107J；

由题知，Q吸=Q放=1.848×107J，

由Q吸=cm（t﹣t0）得，

加热水的质量：m===55kg=5.5×104g．

故答案为：（1）不可再生；

（2）这些天然气完全燃烧，可放出的热量为1.848×107J；这些热量能将5.5×104g20℃的水烧开．

【点评】此题主要考查的是学生对天然气燃料热值的理解和掌握，并能熟练的运用热量公式进行计算是解决该题的关键．

27．桂林两江四湖风景秀丽，吸引不少游客乘坐旅游观光艇游湖观光．下表是某一旅游观光艇（如图）部分技术参数：

求：（1）观光艇以最大航速行驶20min的路程s；

（2）假设乘客人均体重为60kg，观光艇满载乘客时（不计工作人员）排开水的体积是多大？

（2）若观光艇发动机以最大输出功率工作时螺旋桨推进器效率为75%，求以最大航速行驶时受到水的平均阻力f．

【考点】速度公式及其应用；阿基米德原理；机械效率的计算；功率计算公式的应用．

【分析】（1）已知速度和时间，用速度变形公式：s=vt计算路程；

（2）从技术参数表得出观光艇和20人总质量，利用重力公式求人、观光艇总重，再利用漂浮条件求观光艇满载乘客时，所受水的浮力．已知浮力，利用F浮=ρ水gV排计算排开水的体积；

（3）据观光艇发动机以最大输出功率工作时螺旋桨推进器效率为75%计算出螺旋桨的功率，进而据公式P===Fv可以计算出此时阻力．

【解答】解：（1）观光艇以最大航速：v=45km/h，航行时间：时间t=20min=h，

根据v=可得观光艇以最大航速行驶20min的路程：

s=vt=45km/h×h=15km；

（2）满载时艇和15人总质量：

m=m船+nm人=900kg+60kg×20=2100kg，

满载时人、观光艇总重：

G=mg=2100kg×10N/kg=2.1×104N，

观光艇漂浮，则观光艇满载乘客时所受浮力：

F浮=G=2.1×104N．

由F浮=ρ水gV排可得，排开水的体积：

V排===2.1m3；

（3）据观光艇发动机以最大输出功率工作时螺旋桨推进器效率为75%，

故螺旋桨的功率是：P′=P×75%=45kW×75%=33.75kW=33750W；

观光艇的最大速度：v=45km/h=12.5m/s；

由P===Fv得牵引力：

F===2700N．

受到水的阻力：

f=F=2700N．

答：（1）观光艇以最大航速行驶20min的路程s为15km；

（2）假设乘客人均体重为60kg，观光艇满载乘客时（不计工作人员）排开水的体积是2.1m3；

（2）若观光艇发动机以最大输出功率工作时螺旋桨推进器效率为75%，以最大航速行驶时受到水的平均阻力f为2700N．

【点评】本题考查了对速度公式、重力公式、功率变形式的运用，同时考查阿基米德原理、物体漂浮条件等，是一道力学综合计算题．能从技术参数表中得出相关信息，并能熟练的利用公式进行分析计算解决该题的关键．

28．（10分）如图1甲是某品牌电压力锅，图乙所示是它的简化电路图．R1、R2是定值电阻，闭合开关S1，开关S2与触点b接通，电压力锅处于加热状态，此时电压力锅的功率P1=1000W，通过R1的电流为I1；当锅内的气压达到设定值时，S2自动与触点b断开并与触电a接通，S1仍闭合，电压力锅处于保压状态，此时电压力锅的功率为P2，通过R2的电流为I2．图2是表示做好某次饭的过程中，电压力锅从加热到保压消耗的电功率与时间的关系．已知I1=5I2．求：

（1）电压力锅处于加热状态时，通过电阻R1的电流．

（2）电压力锅处于保压状态时的功率P2．

（3）用电高峰期，电路的实际电压为198V，电压力锅做好同样一次饭，处于加热过程实际需要多少秒？（不考虑能量损失）（结果保留整数）

【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．

【分析】（1）闭合开关S1，开关S2与触点b接通，电压力锅处于加热状态，此时只有R1接入电路，由P=UI计算通过R1的电流I1；

（2）S1闭合，S2与触电a接通，电路中只有R2接入电路中，电压力锅处于保压状态，通过R2的电流为I2，由I1=5I2计算出I2，由P=UI计算保压状态的功率P2；

（3）由P=计算R1的电阻，再计算实际电压为198V时，加热状态的实际功率；根据同样做好一次饭需要的热量是相等的，由Q=W=Pt计算实际加热时间．

【解答】解：

（1）由题知，闭合开关S1，开关S2与触点b接通，只有R1接入电路，电压力锅处于加热状态，

根据P=UI可得，通过电阻R1的电流：

I1==≈4.55A；

（2）S1闭合，S2与触电a接通，电路中只有R2接入电路中，电压力锅处于保压状态，通过R2的电流为I2，

由题知，I1=5I2，所以：

I2=I1=×4.55A=0.909A，

保压状态的功率：P2=UI2=220V×0.909A≈200W；

（3）220V加热状态下，由P=可得，R1的电阻：

R1===48.4Ω，

电路的实际电压为198V，加热状态的实际功率：

P实===810W，

不考虑能量损失，要把饭煮熟需要热量相同，即：Q1=Q实，

由Q=W=Pt有：P1t1=P实t实，

由图象可知，t1=10min=600s，

所以t实===741s．

答：（1）电压力锅处于加热状态时，通过电阻R1的电流为4.55A．

（2）电压力锅处于保压状态时的功率P2为200W．

（3）用电高峰期，电路的实际电压为198V，电压力锅做好同样一次饭，处于加热过程实际需要741s．

【点评】本题考查电功、电热的计算，正确分析电路在不同状态下的连接方式是前提，还要知道做好同样一次饭需要的热量是相同的．