2018年永州中考物理冲刺试题word版（含解析）

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2018年永州中考物理冲刺试题

一、选择题

1．下列关于声现象的说法中，不正确的是（　　）

A．在音乐会上，人们常用响度来区分是何种乐器发出的声音

B．用一根棉线和两个纸杯可以以制成“土电话”，说明固体能够传声

C．刮风时，我们能听到树叶发出的声音，说明树叶在振动

D．公路边植树，既可以净化空气，也可以减弱噪声

2．下列物态变化的过程中，吸收热量的是（　　）

（1）春天，冰雪融化

（2）夏天，从冰箱里面拿出来的饮料罐“出汗”啊啊

（3）秋天，清晨出现的雾

（4）冬天，早晨在太阳照射下，草地上的霜消失．

A．（1）（2）              B．（1）（4）              C．（2）（3）              D．（2）（4）

3．“影”是我们在日常生活中常见的光现象，下列“影”与物理知识的关系不正确的是（　　）

A．手影﹣﹣﹣﹣光的直线传播              B．倒影﹣﹣﹣﹣平面镜成像

C．电影﹣﹣﹣﹣凸透镜成像              D．摄影﹣﹣﹣﹣光的反射

4．有一体积为30cm3的均匀固体，用天平测得它的质量为237g则（　　）

A．用天平测质量时，固体应放在天平右盘

B．此固体的密度为7.9g/cm3

C．把此固体截去一半，剩余部分密度减小

D．只改变此固体形状，它的质量减少

5．下列关于简单机械的理解，正确的是（　　）

A．吃饭用的筷子是个省力杠杆

B．滑轮组的机械效率与动滑轮的重力有关

C．使用杠杆，就是为了省力

D．使用定滑轮不省力．但可以省距离

6．随着生活水平的提高，小轿车已进入千家万户．下列有关小轿车说法正确的是（　　）

A．轿车在水平路面上行驶时所受重力和路面对轿车的支持力是平衡力

B．司机及前排乘客在小车行驶时系安全带可以减小惯性

C．轿车行驶时车体上方空气对车向下的压强大于车体下方空气对车向上的压强

D．人用力推静止的车但未推动，是因为人对车的推力小于路面对车的摩擦力

7．如图所示，容器内有水，有一塑料试管下面挂一小铁块，浮在水面上．现将小铁块取下放入试管中，试管仍浮在水面，则（　　）

A．液面上升

B．液面下降

C．容器底部受到液体的压强不变

D．试管外壁上A点受到液体的压强不变

8．如图所示，是一密度计分别放入两种不同液体静止后的情形，关于两次密度计所受浮力大小和两种液体密度大小的关系，下列判断正确的是（　　）

A．密度计在甲杯中受到的浮力比乙杯中小

B．密度计在甲杯中受到的浮力比乙杯中大

C．甲杯液体的密度比乙杯液体的密度大

D．甲杯液体的密度比乙杯液体的密度小

9．一架飞机在某灾区上空沿水平方向匀速飞行，同时向地面投放救灾物资．投下物资后，飞机的动能和势能发生变化是（　　）

A．动能不变，势能减小              B．动能变小，势能不变

C．动能和势能都变小              D．动能和势能都不变

10．小明同学学习了比热容知识后，联想到热水袋，设计了一种水暖背心，冬天将袋内灌满热水，穿在身上可暖胸背，他设计的原理是（　　）

A．水的比热容大，吸热本领强

B．水的比热容大，降温时放热多

C．水资源比较丰富

D．水的流动性强，穿起来柔软舒适

11．下列有关导体的说法中正确的是（　　）

A．通过导体的电流越大，则导体的电阻越小

B．导体中没有电流通过时，导体就没有电阻

C．同一导体两端的电压增大几倍，通过它的电流也增大几倍，电压与电流的比值不变

D．导体都是通过自由电子导电的

12．下列说法中正确的是（　　）

A．额定功率越大的用电器，正常工作时消耗的电能就越多

B．家中同时使用的用电器越少，家庭电路中总电流就越大

C．家庭电路中的电能表上的示数显示了家庭电路的总功率

D．电炉子工作时，电炉丝热得发红，而连接电炉子的导线并不太热，是因为电炉丝中电阻比导线中电阻大得多

13．关于家庭用电，下列做法正确的是（　　）

A．控制电灯的开关应接在零线上

B．保险丝熔断后，可用铜丝代替保险丝

C．发现有人触电时，立即用手把触电人拉离电源

D．使用测电笔辨别火线和零线时，手必须接触笔尾金属电极

14．下列四幅图对应的说法正确的是（　　）

A．

通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，该磁场消失

B．

电流一定时，线圈的匝数越多，电磁铁的磁性越强

C．

改变电流方向并对调磁体的N、S极，导体摆动方向发生改变

D．

闭合开关后，只要导体在磁场中运动，电路中就一定会有感应电流

15．下列关于一些物理量的理解说法中正确的是（　　）

A．太阳能和风能都属于可再生能源

B．电磁波和超声波都可以在真空中传播

C．核电站获得核能量的方式是核聚变

D．常州电视台和中央电视台发射的电磁波频率不同，传播速度也不相同

16．能源革命促进了社会的发展、科学技术的进步，能源的开发和利用与我们的日常生活有着密切的关系，能量是保障一切生命存活之源．下列说法不正确的是（　　）

A．风能、太阳能、地热能以及核能都属于一次能源

B．核电站是通过核聚变获取能量的

C．能量的转化和转移都具有方向性

D．大量消耗化石能源加剧了空气污染和室温效应

二、填空题

17．黑板反光看不清上面的字是因为发生了　　　　　　现象；看书时，由于有很多不良的习惯，学生们容易形成近视眼，需要配戴　　　　　　镜来矫正．

18．某工人在水平地面上，用100N水平推力以0.5m/s的速度匀速推动重500N的物体，使它沿水平方向移动10m，该过程中工人所做的功是　　　　　　J，水平推力的功率是　　　　　　W，重力做功为　　　　　　J．

19．抛向地面的乒乓球上下弹跳几次后停下来，说明乒乓球的　　　　　　能减少了，减少的那部分能量转化成了　　　　　　能．

20．已知铁的比热容小于铝的比热容．质量相同的铁块和铝块吸收相同的热量后，　　　　　　温度升高的多；若它们降低相同的温度，　　　　　　放出的热量多．

21．某引爆装置如图所示，起爆前定时开关S是闭合的，当设定的起爆时间一到，定时开关S就会自动断开，为使引爆装置停止工作，应在　　　　　　（填“a”或“b”）处剪断导线，拆除前起爆器上　　　　　　（填“有”或“没有”）电流通过．

22．如图所示，电源电压保持不变，闭合S后两灯泡发光，两表示数正常．一段时间后两灯突然熄灭，且电压表示数变大，电流表示数变为零，则故障原因可能是　　　　　　．排除故障后，小明再测L2两端电压，他保持b接线柱不动，只是把电压表a接线柱改接到c处，则会出现的现象是　　　　　　．

23．将阻值为20Ω的电阻丝接在电压为10V的电源两端，通电20s产生的热量为　　　　　　J．

24．闭合开关S后，小磁针静止时北极的指向如图所示，则螺线管左端是　　　　　　极（选填“N”或“S”），电源左端是　　　　　　极（选填“正”或“负”）．

25．如图，我国“蛟龙”号潜水器在下潜试验中成功突破7000m水深大关．“蛟龙”号在水下加速上升的过程中，潜水器所受水的浮力的大小　　　　　　（选填“增大”、“不变”或“减小”）．所受水的压强将　　　　　　（选填“增大”、“不变”或“减小”）．

26．我们教室里有5盏“220V40W”的日光灯，正常工作　　　　　　h消耗1度电．

27．电热器是利用电流的　　　　　　制成的加热设备，电热器的发热体是由电阻率　　　　　　（选填“大”或“小”）的合金丝绕在绝缘材料上制成的，某电热器的电阻为220Ω，工作时通过的电流为1A，则该电热器1min发热　　　　　　J．（注：长1m、横截面积1mm的导体在20℃时的电阻值称为这种导体的电阻率）

28．水平桌面上的甲、乙两圆柱形容器，装有质量相同的水，如图所示．水对甲、乙两容器底的压力和压强的大小关系分别是：F甲　　　　　　F乙；p甲　　　　　　p乙． （都选填“＞”、“＜”或“=”）

三、作图题

29．如图所示，乒乓球漂浮在水面上，请画出乒乓球受到的重力G和浮力F浮的示意图．

30．工人站在楼下，利用图所示的滑轮组把重物提升到楼上，请在图中画出滑轮组的绕绳方法．

31．按照题目的要求作图：

（1）如图甲所示，SA、SB是光源S发出的两条光线．其中SA平行于主光轴，SB过左焦点，请画出这两条光线通过凸透镜后的出射光线．

（2）如图乙所示，考古人员需要对一口古井进行清理，为了解决照明问题，请你帮他们把太阳光反射到井里，并能垂直照亮井底．

四、实验，探究题

32．学习速度时，小明在课上测量了纸锥下落的速度．

（1）为了完成这个实验要用到两种测量工具，它们是　　　　　　和　　　　　　．

（2）实验时小明所在小组将纸锥从课桌高度落到地上，发现它落地所需时间很短，很难测量准确．请你帮他们想个解决的办法：　　　　　　．（写出一个）

（3）小明与其它小组交流时，发现不同小组测得纸锥下落的速度不同．

①请你猜想影响纸锥下落速度的因素可能是　　　　　　（写出一个）．

②为了验证你的猜想，简要的做法是　　　　　　．

（4）小明所在小组继续研究小球在水中的下落运动情况，他们用照相机拍摄了一张小球下落的频闪照片，如图所示．已知背景墙上每块瓷砖的高度为a，闪光灯每隔△t时间拍摄一次．观察照片，关于小球的运动，以下判断正确的是　　　　　　

①小球从A点到B点的运动是加速运动

②小球从B点到D点的运动是加速运动

③小球从A点到D点的平均速度为

④小球通过C点时的速度为

A．①②B．①③C．②③D．①④

33．在“探究电流跟电阻关系”的实验中，小明设计的实验电路图如图甲所示，已知电源电压恒为3V不变，滑动变阻器上标有“15Ω  1A”字样．

（1）请用笔画线代替导线，按电路图将乙图所示的实物电路补充完整；

（2）小明连接完最后一根导线后就发现电流表和电压表都有示数，造成上述现象的原因分别是　　　　　　；

（3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为1.5V，读出并记下电流值；断开开关再将5Ω的电阻改接成10Ω的电阻，闭合开关后发现电压表示数大于1.5V，于是他下一步的操作是：将滑动变阻器的滑片向　　　　　　（左/右）移动，使电压表示数为1.5V并记下电流值；可当他再将10Ω的电阻改接成20Ω的电阻重复上述实验时，却发现无论如何电压表的示数总是大于1.5V，其原因是　　　　　　；

（4）此实验得到的结论是　　　　　　．

34．在探究“光从空气斜射入水和油时，哪种液体对光的偏折本领较大”的实验中，小明提出如下实验方案：先让一束入射光从空气直接斜射入透明的空水槽中，记录下光斑位置（如图甲所示）；接着分别倒入水和油，记录对应的光斑位置，再通过分析就可得到实验结论．经讨论，同学们认为这一方案是可行的，于是进行了探究实验．

（1）要实现探究目标，他们应选择图乙中的　　　　　　（选填字母序号）两图示实验，这样选择的目的是　　　　　　．

（2）某小组同学正确实验后，所记录的三次光斑的相对位置如图丙所示，经分析可知：光从空气斜射入水和油时，　　　　　　对光的偏折本领较大．

五、计算题（35题6分，36题8分，共14分）

35．日照是个美丽的海滨城市，这里有“蓝天、碧海、金沙滩”；每年夏天有很多的中外游客慕名前来观光游玩，如图是可供游客在海上游玩时的一种旅游观光艇，此观光艇的质量为900kg，在海上航行的最大速度为36km/h，最多可载的游客数量为20人，如果海水的密度取1.0×103kg/m3，g=10N/kg，求

（1）观光艇以最大航速行驶2小时的路程是多少米？

（2）该观光艇在水面下50cm深处有一个面积为20cm2的小零件，求小零件受到的海水的压力是多少？

（3）假设每位乘客的平均质量为60kg，观光艇满载乘客时，此时浸入水中的体积多大？

36．图1是小明设计的调光电路图，他将粗细均匀的电阻丝AB通过滑片P连入电路，小灯泡的额定电压为6V．闭合开关S后，滑片P从最左端A滑到最右端B的过程中，小灯泡的I﹣U关系图象如图2所示．（电阻丝AB的阻值不随温度变化）

求：（1）小灯泡的额定功率；

（2）电阻丝AB的阻值；

（3）当AB连入电路的阻值R1=2.5Ω时，灯泡消耗的功率为3.2W，此时灯丝的阻值为多少．

2018年永州中考物理冲刺试题参考答案

一、选择题

1．下列关于声现象的说法中，不正确的是（　　）

A．在音乐会上，人们常用响度来区分是何种乐器发出的声音

B．用一根棉线和两个纸杯可以以制成“土电话”，说明固体能够传声

C．刮风时，我们能听到树叶发出的声音，说明树叶在振动

D．公路边植树，既可以净化空气，也可以减弱噪声

【考点】音调、响度与音色的区分；声音的产生；声音的传播条件；防治噪声的途径．

【分析】要解答本题需掌握：①音色是辨别不同乐器的依据．②固体能传播声音．③声音是由振动产生．④减弱噪声的途径．

【解答】解：A、在音乐会上，人们常用音色来区分是何种乐器发出的声音，故A符合题意．

B、用一根棉线和两个纸杯可以以制成“土电话”，这是由于固体能够传声．故B不符合题意．

C、刮风时，我们能听到树叶发出的声音，是因为树叶在振动．故C不符合题意．

D、公路边植树，既可以净化空气，也可以减弱噪声．故D不符合题意．

故选A

【点评】本题是一道综合题，是考查学生对声学一些知识的理解和掌握．是中招的热点．

2．下列物态变化的过程中，吸收热量的是（　　）

（1）春天，冰雪融化

（2）夏天，从冰箱里面拿出来的饮料罐“出汗”

（3）秋天，清晨出现的雾

（4）冬天，早晨在太阳照射下，草地上的霜消失．

A．（1）（2）              B．（1）（4）              C．（2）（3）              D．（2）（4）

【考点】熔化与熔化吸热特点．

【专题】温度计、熔化和凝固．

【分析】（1）物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华．

（2）吸收热量的物态变化过程有：熔化、汽化和升华；放出热量的物体变化过程有：凝固、液化和凝华．

【解答】解：（1）春天，冰雪融化是熔化现象，熔化吸热；

（2）夏天，从冰箱里面拿出来的饮料罐“出汗”属于液化现象，液化放热；

（3）秋天，清晨出现的雾，是水蒸气液化形成的，液化放热；

（4）冬天，早晨在太阳照射下，草地上的霜消失，是物质由固态变为气态的升华现象，升华吸热．

综上分析，吸热的有：（1）和（4）．

故选B．

【点评】此题考查的知识点是掌握各种物态变化的吸放热情况，属于识记性问题．

3．“影”是我们在日常生活中常见的光现象，下列“影”与物理知识的关系不正确的是（　　）

A．手影﹣﹣﹣﹣光的直线传播              B．倒影﹣﹣﹣﹣平面镜成像

C．电影﹣﹣﹣﹣凸透镜成像              D．摄影﹣﹣﹣﹣光的反射

【考点】光直线传播的应用；光的反射；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；凸透镜成像的应用．

【专题】应用题．

【分析】本题要把手影、倒影、摄影、电影的道理弄清，知道其光学原理．利用光的直线传播、光的反射、光的折射解释这几种“影”形成的原因．

【解答】解：A、手影是影子，光在沿直线传播过程中遇到不透明的物体，在物体的后面形成的光照不到的暗区叫影子，故本选项正确，但不符合题意；

B、倒影是平面镜成像，平静的水面相当于平面镜，平面镜成的像与物关于水面对称，所以是倒立的，其原理是光的反射，故本选项正确，但不符合题意；

C、电影是利用凸透镜成倒立、放大、实像，透镜是光的折射原理，故本选项正确，但不符合题意．

D、摄影是利用凸透镜成倒立、缩小、实像，透镜是光的折射原理，故本选项错误，符合题意．

故选D．

【点评】影子、日月食、小孔成像都是光的直线传播原理；倒影、照镜子、潜望镜都是光的反射原理；透镜、看水下的物体等都是光的折射原理，此题是一道光学的综合题，也是物理中考的一个热点知识．

4．有一体积为30cm3的均匀固体，用天平测得它的质量为237g则（　　）

A．用天平测质量时，固体应放在天平右盘

B．此固体的密度为7.9g/cm3

C．把此固体截去一半，剩余部分密度减小

D．只改变此固体形状，它的质量减少

【考点】密度的计算；天平的使用；密度及其特性．

【专题】应用题；质量及其测量；密度及其应用．

【分析】（1）用天平测质量时，应坐盘放物体，右盘放砝码；

（2）根据密度公式求出此固体的密度；

（3）密度是物质本身的一种特性，与物体的种类和状态有关，与物体的质量和体积无关；

（4）质量是指物体所含物质的多少，与物体的形状、状态、空间位置无关．

【解答】解：A用天平测质量时，固体应放在天平的左盘，故A不正确；

B、此固体的密度ρ===7.9g/cm3，故B正确；

C、物质的密度与物体质量的多少无关，故C不正确；

D、物体的质量与物体的形状、状态、空间位置无关，故D不正确．

故选B．

【点评】本题考查了天平的正确实验和密度公式的应用以及对质量、密度概念的理解与掌握，是一道基础题目．

5．下列关于简单机械的理解，正确的是（　　）

A．吃饭用的筷子是个省力杠杆

B．滑轮组的机械效率与动滑轮的重力有关

C．使用杠杆，就是为了省力

D．使用定滑轮不省力．但可以省距离

【考点】杠杆的分类；滑轮（组）的机械效率．

【专题】简单机械；功、功率、机械效率．

【分析】A、根据筷子的特点，判断动力臂和阻力臂的大小关系，从而得出结论；

B、掌握滑轮组机械效率的影响因素：被提升的物体重和动滑轮重；

C、使用杠杆有时为了省力，有时为了省距离；

D、掌握定滑轮的特点：不能省力，但可以改变用力方向．

【解答】解：A、筷子的支点在上端，而阻力在最下端，动力作用在中间位置，所以阻力臂大于动力臂，为费力杠杆，所以A说法错误；

B、滑轮组机械效率与被提升的物体重和动滑轮重有关，所以B说法正确；

C、使用杠杆，有时为了省距离，如费力杠杆，所以C说法错误；

D、定滑轮相当于等臂杠杆，不省力也不省距离，但可以改变用力方向，所以D错误．

故选B．

【点评】此题考查了有关杠杆和滑轮组的知识，掌握杠杆的分类及特点，有关定滑轮、动滑轮的实质及特点要理解并掌握．此题还考查了影响滑轮组机械效率的因素．

6．随着生活水平的提高，小轿车已进入千家万户．下列有关小轿车说法正确的是（　　）

A．轿车在水平路面上行驶时所受重力和路面对轿车的支持力是平衡力

B．司机及前排乘客在小车行驶时系安全带可以减小惯性

C．轿车行驶时车体上方空气对车向下的压强大于车体下方空气对车向上的压强

D．人用力推静止的车但未推动，是因为人对车的推力小于路面对车的摩擦力

【考点】平衡力的辨别；惯性；力与运动的关系；流体压强与流速的关系．

【专题】运动和力．

【分析】（1）水平路面对物体的支持力和物体的重力是一对平衡力；

（2）惯性是物体本身具有的性质，决定于物体质量的大小，与其它因素无关；

（3）在流体中，流动速度越大的位置，压强越小；

（4）静止的物体受到平衡力的作用．

【解答】解：

A、轿车在水平面上行驶时，受到的重力和支持力就是一对平衡力，物体对水平面的压力是由重力产生的，压力等于重力，此选项正确；

B、司机及前排乘员行驶时系安全带可以减轻由于突然减速造成的伤害，与惯性大小无关，此选项错误；

C、轿车行驶时车体上方空气流动速度快，下方空气流动速度慢，空气对小车向下的压强小于车体下方空气向上的压强，此选项错误；

D、人用力推静止的车但未推动，是因为人对车的推力等于路面对车的摩擦力，此选项错误．

故选A．

【点评】此题考查了平衡力的判断、惯性的决定因素、流体压强与流速的关系以及二力平衡条件的应用，都是力学重要的规律，但难度不大，容易解答．

7．如图所示，容器内有水，有一塑料试管下面挂一小铁块，浮在水面上．现将小铁块取下放入试管中，试管仍浮在水面，则（　　）

A．液面上升

B．液面下降

C．容器底部受到液体的压强不变

D．试管外壁上A点受到液体的压强不变

【考点】浮力大小的计算；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用．

【专题】应用题．

【分析】如图所示和将铁块取下放入试管中，两种情况均为漂浮，并且总重不变，根据物体的漂浮条件得出两种情况下受到的水的浮力不变，根据阿基米德原理知道排开水的体积不变，水深不变，根据液体压强公式得出水对容器底的压强不变；

如图所示排开水的总体积等于试管排开水的体积加上铁块排开水的体积；将铁块取下放入试管中，二者排开水的总体积等于试管排开水的体积，因为前后排开水的总体积不变，所以试管排开水的体积变大，试管A点所处深度变大，根据液体压强公式得出试管A点受到水的压强的变化情况．

【解答】解：∵如图所示和将铁块取下放入试管中，均为漂浮，

∴F浮=G，

∵总重不变，

∴两种情况下受到的水的浮力不变，

∵F浮=ρ水v排g，

∴两种情况下排开水的体积不变、水深不变，

∵p=ρgh，

∴水对容器底的压强不变，故AB都错；C正确；

如图，排开水的总体积等于试管排开水的体积加上铁块排开水的体积；

将铁块取下放入试管中，二者排开水的总体积等于试管排开水的体积；

∵两种情况下排开水的总体积不变，

∴将铁块取下放入试管中，试管排开水的体积变大，试管A点所处深度变大，

∵p=ρgh，

∴试管A点受到水的压强变大，故D错；

故选C．

【点评】本题考查了学生对液体压强公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，能根据漂浮条件判断受浮力相等、再根据阿基米德原理判断排开水的体积相等是本题的关键．

8．如图所示，是一密度计分别放入两种不同液体静止后的情形，关于两次密度计所受浮力大小和两种液体密度大小的关系，下列判断正确的是（　　）

A．密度计在甲杯中受到的浮力比乙杯中小

B．密度计在甲杯中受到的浮力比乙杯中大

C．甲杯液体的密度比乙杯液体的密度大

D．甲杯液体的密度比乙杯液体的密度小

【考点】物体的浮沉条件及其应用．

【专题】浮沉的应用．

【分析】同一密度计在两种液体中都漂浮，所以受到的浮力都等于密度计受到的重力；

由图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系．

【解答】解：

因为密度计漂浮，

所以F浮=G，

∴密度计在两种液体中受到的浮力相等，都等于密度计受到的重力G，由上分析知，AB错误；

又F浮=ρ液gV排=G，

由图知，密度计排开液体的体积：V甲排＜V乙排，

所以液体的密度：ρ乙＜ρ甲，C正确，D错误．

故选C．

【点评】本题考查了阿基米德原理、物体的漂浮条件，利用好密度计漂浮（F浮=G）是解此类题目的关键．

9．一架飞机在某灾区上空沿水平方向匀速飞行，同时向地面投放救灾物资．投下物资后，飞机的动能和势能发生变化是（　　）

A．动能不变，势能减小              B．动能变小，势能不变

C．动能和势能都变小              D．动能和势能都不变

【考点】动能和势能的大小变化；动能大小的比较；势能大小的比较；动能的影响因素；势能的影响因素；机械能．

【专题】应用题．

【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度．质量越大，速度越大，动能越大．

（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．

（3）弹性势能大小的影响因素：发生弹性形变的大小，发生弹性形变的难易程度．弹性形变越大，发生弹性形变越难，弹性势能越大．在物体没有发生弹性形变时，不考虑弹性势能．

（4）机械能总量等于动能和势能的和．

【解答】解：水平方向匀速飞行，同时向地面投放救灾物资，投下物资后，

（1）没有发生弹性形变，不具有弹性势能．

（2）动能与质量和速度有关，尽管匀速飞行速度不变，但投下物资后，质量变小，因此动能减小．

（3）重力势能与质量和高度有关，尽管沿水平方向高度不变，但投下物资后，质量变小，因此重力势能减小．

（4）机械能=动能+势能，动能减小，势能减小，机械能减小．

故选C．

【点评】影响动能大小的因素有质量和速度，分析动能的变化就是分析质量和速度的变化；影响重力势能的因素是质量和高度，分析重力势能的变化就是分析质量和高度的变化．解题时注意抓住表示物体运动状态变化的关键字词，从中找出表示“质量、速度、高度、弹性形变”变化的字眼，从而分析机械能的变化情况．特别注意质量的变化，很多学生容易出错．

10．小明同学学习了比热容知识后，联想到热水袋，设计了一种水暖背心，冬天将袋内灌满热水，穿在身上可暖胸背，他设计的原理是（　　）

A．水的比热容大，吸热本领强

B．水的比热容大，降温时放热多

C．水资源比较丰富

D．水的流动性强，穿起来柔软舒适

【考点】水的比热容的特点及应用．

【专题】比热容、热机、热值．

【分析】与其它液体相比较，水的比热容最大，由公式Q=cm△t知：在质量和降低的温度相同时，水放出的热量最多．

【解答】解：

使用水暖背心的目的是利用水温度降低时放出的热量取暖，在质量和降低的温度相同时，由于水的比热容最大，由公式Q=cm△t知：与其它液体相比较，水放出的热量最多，所以取暖效果最好．

故选B．

【点评】此题考查的是水的比热容较大在日常生活中的应用，注意在解释此类问题时自觉应用控制变量法，保证叙述的严谨、规范．

11．下列有关导体的说法中正确的是（　　）

A．通过导体的电流越大，则导体的电阻越小

B．导体中没有电流通过时，导体就没有电阻

C．同一导体两端的电压增大几倍，通过它的电流也增大几倍，电压与电流的比值不变

D．导体都是通过自由电子导电的

【考点】欧姆定律的变形公式；电阻．

【专题】电压和电阻；欧姆定律．

【分析】（1）电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与两端的电压和通过的电流无关；

（2）由欧姆定律可知：通电导体中的电流与电压成正比，与导体中的电阻成反比；

（3）电荷的定向移动形成电流，电流的形成可能是正电荷、可能是负电荷．

【解答】解：AB．电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，故AB不正确；

C．同一导体的电阻不变，根据欧姆定律可知，两端的电压增大几倍，通过它的电流也增大几倍，故C正确；

D．正、负电荷的定向移动都可以形成电流，金属导体里面作定向移动的为带负电的自由电子，故D不正确．

故选C．

【点评】本题考查了学生对电阻性质和欧姆定律、电流形成的理解与掌握，是一道基础题目．

12．下列说法中正确的是（　　）

A．额定功率越大的用电器，正常工作时消耗的电能就越多

B．家中同时使用的用电器越少，家庭电路中总电流就越大

C．家庭电路中的电能表上的示数显示了家庭电路的总功率

D．电炉子工作时，电炉丝热得发红，而连接电炉子的导线并不太热，是因为电炉丝中电阻比导线中电阻大得多

【考点】额定功率；并联电路的电流规律；电功的测量；焦耳定律在实际中的应用．

【专题】电能和电功率；电与热、生活用电．

【分析】（1）根据W=Pt进行分析；

（2）并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；

（3）电能表是测量家庭电路中消耗电能多少的仪表；

（4）根据Q=I2Rt进行分析．

【解答】解：A、根据W=Pt可知，额定功率越大的用电器，正常工作时，不确定工作时间，则无法确定消耗电能的多少，故A错误；

B、家中的各用电器并联连接，由于并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，所以当使用的用电器越少时，家庭电路中总电流就越小，故B错误；

C、家庭电路中的电能表上的示数显示了家庭电路的总电能，故C错误；

D、电炉在使用时，电炉丝和导线串联，即I电炉丝=I导线，通电时间t相同，根据焦耳定律公式Q=I2Rt可知，R电炉丝＞R导线，所以电流产生的热量：Q电炉丝＞Q导线，从而出现电炉丝热得发红，而与电炉丝相连的导线却不怎么发热的现象．故D正确．

故选D．

【点评】本题主要考查学生对电功的计算、串并联电路电流的规律、电能表的作用以及焦耳定律应用的了解和掌握，涉及的内容较多，但难度不大．

13．关于家庭用电，下列做法正确的是（　　）

A．控制电灯的开关应接在零线上

B．保险丝熔断后，可用铜丝代替保险丝

C．发现有人触电时，立即用手把触电人拉离电源

D．使用测电笔辨别火线和零线时，手必须接触笔尾金属电极

【考点】安全用电原则．

【专题】电与热、生活用电．

【分析】（1）灯泡的开关必须接在火线上；

（2）保险丝是用电阻率较大而熔点较低的铅锑合金制成的，当电流过大时，它会因温度过高而熔断，保护电路；

（3）发现有人触电或电引起的火灾，首先切断电源，再实行救援措施；

（4）使用测电笔时，手必须要接触笔尾的金属体．

【解答】解：A、控制电灯的开关应接在火线上，故A错误；

B、组成保险丝的材料是电阻率较大而熔点较低的铅锑合金，在电流过大时熔断，自动切断电路，起到保护作用；铜导线的熔点很高，当电流过大时，不能熔断起不到保护作用，容易引起火灾，故B错误；

C、发现有人触电时，必须先切断电源后再实施抢救，直接用手拉，自己也会触电，故C错误；

D、使用测电笔辨别火线和零线时，手必须接触笔尾金属电极，故D正确．

故选D．

【点评】（1）本题来源于日常生活的常见现象和行为，在考查安全用电的原则中，实现安全用电知识的宣传和教育作用．

（2）家庭中有时自己私接电器，存在着很多安全隐患，尤其在农村更为严重，希望同学们及时杜绝，安全文明用电．

14．下列四幅图对应的说法正确的是（　　）

A．

通电导线周围存在磁场，将小磁针移走，该磁场消失

B．

电流一定时，线圈的匝数越多，电磁铁的磁性越强

C．

改变电流方向并对调磁体的N、S极，导体摆动方向发生改变

D．

闭合开关后，只要导体在磁场中运动，电路中就一定会有感应电流

【考点】通电直导线周围的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素；磁场对通电导线的作用；电磁感应．

【专题】电和磁．

【分析】认真读图可行分辨，再结合相关的物理知识或原理做出判断．甲为电流的磁效应、乙为研究电磁铁、丙为磁场对电流的作用、丁为电磁感应实验．

【解答】解：A、图甲是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场，小磁针受到磁场的作用发生偏转，将小磁针移走，磁场仍然存在，不因小磁针的消失而消失，故A错误；

B、图乙中两电磁铁串联，匝数不同，说明电流一定时，电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数有关，线圈的匝数越多磁性越强，故B正确；

C、图丙中，若同时改变电流方向并对调N，S极，导体棒摆动方向将不发生改变，故C错误；

D、图丁中，闭合开关后，只有导体在磁场中做切割磁感线运动运动，电路中才会有感应电流，故D错误．

故选B．

【点评】本题考查了有关磁现象、电与磁的几个常见的小实验，熟知电与磁的联系，对电生磁、磁生电、磁场对电流的作用等有一个清晰的认识，是解答的关键．

15．下列关于一些物理量的理解说法中正确的是（　　）

A．太阳能和风能都属于可再生能源

B．电磁波和超声波都可以在真空中传播

C．核电站获得核能量的方式是核聚变

D．常州电视台和中央电视台发射的电磁波频率不同，传播速度也不相同

【考点】能源的分类；声音的传播条件；电磁波的传播；核裂变．

【专题】其他综合题．

【分析】太阳能和风能都属于可再生能源；电磁波传播不需要介质，超声波在真空中不能传播；核电站获得核能量的方式是核裂变；常州电视台和中央电视台发射的电磁波频率不同，传播速度相同．

【解答】解：A、太阳能和风能都属于可再生能源，说法正确；

B、电磁波传播不需要介质，超声波在真空中不能传播，B说法错误；

C、核电站获得核能量的方式是核裂变，故C说法错误；

D、常州电视台和中央电视台发射的电磁波频率不同，传播速度相同，故D说法错误．

故选A．

【点评】本题考查学生对能量和能源等相关知识的掌握情况，属于基础内容的考查，比较简单．

16．能源革命促进了社会的发展、科学技术的进步，能源的开发和利用与我们的日常生活有着密切的关系，能量是保障一切生命存活之源．下列说法不正确的是（　　）

A．风能、太阳能、地热能以及核能都属于一次能源

B．核电站是通过核聚变获取能量的

C．能量的转化和转移都具有方向性

D．大量消耗化石能源加剧了空气污染和室温效应

【考点】能源的分类；能量的转化和转移；核电站发电过程中的能量转化；能源的利用和对环境的危害．

【分析】解答本题需要掌握：能源的分类、核电站的原理以及能源与环境污染的知识．

【解答】解：A、可以从自然界直接获取的能源，统称为一次能源，常见的有风能、太阳能、地热能以及核能等，故A正确；

B、核电站是利用核能发电的，它的核心设备是核反应堆，通过可控裂变反应释放核能，故B错误；

C、能量的转化、能量的转移，都是又方向性的，故C正确；

D、目前石油、煤炭占了能源的绝大部分，而且每年的消耗量在不断增长，大量燃烧化石能源势必会造成空气污染和温室效应的加剧，故D正确．

题目要求选出不正确选项，故选B．

【点评】本题考查了能源一章中多方面的知识，需要逐项分析．

二、填空题

17．黑板反光看不清上面的字是因为发生了　镜面反射　现象；看书时，由于有很多不良的习惯，学生们容易形成近视眼，需要配戴　凹透　镜来矫正．

【考点】镜面反射；近视眼的成因与矫正办法．

【专题】光的传播和反射、平面镜成像；透镜及其应用．

【分析】①镜面反射后的光线射向同一方向，正好处在这一方向上时，获得的光线很强，其他方向上几乎没有反射光线．黑板“反光”就是因为黑板发生了镜面反射的缘故；

②近视眼成因：眼球晶状体的曲度过大，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像就会落在视网膜的前方形成近视眼，应该佩戴凹透镜．

【解答】解：①黑板“反光”是因为黑板发生了镜面反射，由光的反射定律可知，光在镜面上发生反射时，反射角等于入射角；则镜面反射后的光线射向同一方向，正好处在这一方向上时，获得的光线很强，使人无法看清黑板上的字．

②近视眼的晶状体和角膜构成的透镜较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面．为了使像正好呈在视网膜上，应使光线推迟会聚，使所成的像相对于晶状体后移，所以应佩戴发散透镜即凹透镜．

故答案为：镜面反射；凹透．

【点评】此题考查了光的反射定律中的镜面反射以及对近视眼的成因和矫正方法的掌握，难度不大，属于基础知识．

18．某工人在水平地面上，用100N水平推力以0.5m/s的速度匀速推动重500N的物体，使它沿水平方向移动10m，该过程中工人所做的功是　1000　J，水平推力的功率是　50　W，重力做功为　0　J．

【考点】功的计算；功率的计算．

【专题】计算题；功、功率、机械效率．

【分析】（1）知道工人推力大小和移动的距离，利用W=Fs求做的功；又知道做功时间，利用P=Fv求推力做功的功率；

（2）物体水平运动，在重力的方向（竖直向下）上没有移动距离，据此判断重力是否做功．

【解答】解：工人所做的功W=Fs=100N×10m=1000J，

由P===Fv可知：

推力做功的功率P=Fv=100N×0.5m/s=50W；

∵物体水平运动，在重力的方向上没有移动距离，

∴重力不做功，即重力做功为0．

故答案为：1000；50；0．

【点评】本题易错点：重力是否做功判断．注意三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直．

19．抛向地面的乒乓球上下弹跳几次后停下来，说明乒乓球的　机械　能减少了，减少的那部分能量转化成了　内　能．

【考点】机械能；机械能和其他形式能的转化．

【专题】压轴题．

【分析】乒乓球弹跳的过程中如果考虑空气的阻力，则需要克服空气的摩擦做功，一部分机械能转化成内能．

【解答】解：抛向地面的乒乓球上下弹跳的过程中，由于与空气摩擦，高度和速度都变小，所以动势能都变小了，即机械能减小了，实际是通过与空气摩擦变成了内能；

故答案为：机械；内．

【点评】会分析物体动势能的变化和机械能的转化是解答此题的关键．

20．已知铁的比热容小于铝的比热容．质量相同的铁块和铝块吸收相同的热量后，　铁块　温度升高的多；若它们降低相同的温度，　铝块　放出的热量多．

【考点】热量的计算．

【专题】推理法．

【分析】（1）由吸热公式Q吸=cm△t可知，质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度升高少，比热容小的温度升高多；

（2）由放热公式Q放=cm△t可知，质量相同的不同物质，降低相同的温度，比热容大的放出的热量多，比热容小的放出的热量少．

【解答】解：

（1）质量相同的铁块和铝块，因为铁的比热容小于铝的比热容，吸收相同的热量后，由Q吸=cm△t可知，铁块的温度升高的多；

（2）质量相同的铁块和铝块，铝的比热容大，降低相同的温度，由Q放=cm△t可知，铝块放出的热量多．

故答案为：铁块；铝块．

【点评】本题考查了学生对吸热公式Q吸=cm△t和放热公式Q放=cm△t掌握和运用，理解并记住：质量相同的不同物质，吸收或放出相同的热量，比热容大的物体温度变化小；变化相同的温度，比热容大的物体吸收或放出的热量多．

21．某引爆装置如图所示，起爆前定时开关S是闭合的，当设定的起爆时间一到，定时开关S就会自动断开，为使引爆装置停止工作，应在　a　（填“a”或“b”）处剪断导线，拆除前起爆器上　没有　（填“有”或“没有”）电流通过．

【考点】电路的三种状态．

【专题】电流和电路．

【分析】由图可知当S闭合时起爆器被短路，则起爆器中没有电流通过；若S断开起爆器将接在电源两端，则起爆器中产生电流从而引爆炸弹．

【解答】解：由题意知当S断开时，起爆器中将通以电流，引爆炸弹，故为了使引爆装置停止工作，应将起爆器与电流断开，故应剪断a处；

折除前由于起爆器被短路，故起爆器上没有电流．

故答案为：a；没有．

【点评】本题考查物理知识在生产生活中的应用，应在认真分析题意及电路的基础上找到合适的物理规律作答．

22．如图所示，电源电压保持不变，闭合S后两灯泡发光，两表示数正常．一段时间后两灯突然熄灭，且电压表示数变大，电流表示数变为零，则故障原因可能是　L1断路　．排除故障后，小明再测L2两端电压，他保持b接线柱不动，只是把电压表a接线柱改接到c处，则会出现的现象是　电压表指针反向偏转　．

【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．

【专题】欧姆定律．

【分析】（1）闭合S后两灯泡正常发光，两表示数都正常，说明电路是通路；一段时间后两灯突然熄灭，说明电路发生断路；

（2）使用电流表或电压表时，必须使电流从正接线柱流入，从负接线柱流出，否则指针会倒转．

【解答】解：

（1）电流表示数为零，说明与电流表串联的元件至少一处发生断路；电压表原来测量灯泡L1两端电压，突然示数变大，说明与电压表串联的元件是通路，电压表测量电源电压．所以故障为灯泡L1断路．

（2）电压表测量灯泡L1两端电压时，a端是电压表的正接线柱，b端为负接线柱；把电压表a接线柱改接到c处时，电流会从b处进入电压表，从c处流出，所以电压表指针反向偏转．

故答案为：L1断路；电压表指针反向偏转．

【点评】用电压表检验电路故障时，将电压表与用电器并联，电压表有较大示数（接近电源电压），此处用电器断路或与之串联的用电器短路；电压表无示数，此处用电器短路或与之串联的用电器断路．

23．将阻值为20Ω的电阻丝接在电压为10V的电源两端，通电20s产生的热量为　100　J．

【考点】焦耳定律的计算公式及其应用．

【专题】电与热、生活用电．

【分析】知道电阻、电压和通电时间，根据Q=t求出电流产生的热量．

【解答】解：∵Q=I2Rt，I=，

∴Q=t=×20s=100J．

故答案为：100．

【点评】根据Q=I2Rt和Q=t都可以求出电流产生的热量．

24．闭合开关S后，小磁针静止时北极的指向如图所示，则螺线管左端是　N　极（选填“N”或“S”），电源左端是　负　极（选填“正”或“负”）．

【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断．

【专题】磁现象、电生磁．

【分析】利用小磁针静止时的N、S极的方向确定了螺线管的N、S极，然后利用螺线管的绕向和磁极，根据安培定则再确定螺线管中电流方向，进一步确定电源的正负极．

【解答】解：由于小磁针静止时，其左端为N极，右端为S极，根据磁极间的作用规律可知，螺线管的右端为S极，左端为N极．

根据螺线管的NS极和螺线管的线圈绕向．利用安培定则可以确定电流是从螺线管的左端流出，右端流入．由于电流是从电源的正极流出，经过外电路回到电源负极．所以可以确定，右端是电源的正极，左端是电源的负极．

故答案为：N；负．

【点评】在解题过程中若要判定螺线管或磁体的NS极，一般有以下几种方法：①根据图示的磁感线方向来确定；②利用周围小磁针的NS极来确定；③利用和已知极性的磁体的相互作用情况来确定；④利用安培定则来确定．在此题中，就是利用小磁针的SN极来确定的螺线管的磁极．

25．如图，我国“蛟龙”号潜水器在下潜试验中成功突破7000m水深大关．“蛟龙”号在水下加速上升的过程中，潜水器所受水的浮力的大小　不变　（选填“增大”、“不变”或“减小”）．所受水的压强将　减小　（选填“增大”、“不变”或“减小”）．

【考点】阿基米德原理；液体的压强的特点．

【专题】压强、液体的压强；浮力．

【分析】“蛟龙”号在水下加速上升时，排开水的体积不变，所处的深度减小，根据阿基米德原理可知其浮力的变化，根据p=ρgh可知所受压强的变化．

【解答】解：“蛟龙”号在水下加速上升时，排开水的体积不变，所处的深度减小，

由F浮=ρgV排可知，潜水器所受水的浮力不变；

由p=ρgh可知，潜水器受到水的压强减小．

故答案为：不变；减小．

【点评】本题考查了液体压强公式和阿基米德原理的应用，关键是确定潜水器深度和排开液体的体积的变化．

26．我们教室里有5盏“220V40W”的日光灯，正常工作　5　h消耗1度电．

【考点】电功率与电能、时间的关系．

【专题】电能和电功率．

【分析】总功率等于各用电器功率之和，根据P=求出消耗1度电它们工作的时间．

【解答】解：5盏日光灯的总功率：

P=5×40W=200W=0.2kW，

由P=可得，消耗W=1度=1kW•h电它们工作的时间：

t===5h．

故答案为：5．

【点评】本题考查了电功率公式的简单应用，计算过程要注意单位的换算．

27．电热器是利用电流的　热效应　制成的加热设备，电热器的发热体是由电阻率　大　（选填“大”或“小”）的合金丝绕在绝缘材料上制成的，某电热器的电阻为220Ω，工作时通过的电流为1A，则该电热器1min发热　1.32×104　J．（注：长1m、横截面积1mm的导体在20℃时的电阻值称为这种导体的电阻率）

【考点】焦耳定律的计算公式及其应用．

【专题】计算题；电与热、生活用电．

【分析】电热器的工作原理是电流的热效应，电热器由电阻率大的导体材料制作；已知电阻、电流与通电时间，由焦耳定律可以求出产生的热量．

【解答】解：电热器是利用电流的热效应制成的加热设备，电热器的发热体是由电阻率大的合金丝绕在绝缘材料上制成的；

由焦耳定律可得，产生的热量Q=I2Rt=（1A）2×220Ω×60s=1.32×104J；

故答案为：热效应；大；1.32×104．

【点评】本题考查了电热器的工作原理、求热量等问题，应用焦耳定律即可正确解题．

28．水平桌面上的甲、乙两圆柱形容器，装有质量相同的水，如图所示．水对甲、乙两容器底的压力和压强的大小关系分别是：F甲　=　F乙；p甲　＞　p乙． （都选填“＞”、“＜”或“=”）

【考点】液体的压强的计算；压强的大小及其计算．

【专题】控制变量法；图析法．

【分析】甲、乙都是圆柱形容器，所以，液体对容器底部的压力等于液体自身的重力．液体压强应根据压强公式p=ρgh，采用控制变量法比较其大小．

【解答】解：根据重力公式G=mg，两容器中水的质量相等所以重力相等；因为甲、乙都是圆柱形容器，所以，水对容器底的压力等于水的重力，即F甲=F乙．

根据压强公式p=ρgh，因两容器都装水，所以密度相同；ρ是定值；所以大小取决于水的高度h，高度大则压强大，如图，h甲＞h乙，所以P甲＞P乙．

故答案为：=；＞．

【点评】本题主要考查压力和压强公式的运用，关键要弄清楚液体的压力和压强的计算方法，牢记压力和压强公式．

三、作图题

29．如图所示，乒乓球漂浮在水面上，请画出乒乓球受到的重力G和浮力F浮的示意图．

【考点】力的示意图．

【专题】重力、弹力、摩擦力．

【分析】根据乒乓球漂浮在水面上，则可判断乒乓球受到的浮力与重力是一对平衡力，浮力方向竖直向上，重力方向竖直向下，浮力大小等于重力，作用点在球重心上；

根据力的示意图的做法，用一条带箭头的线段把浮力和重力的大小、方向、作用点分别表示出来．

【解答】解：乒乓球所受浮力的方向是竖直向上的，从重心开始竖直向上画一条带箭头的线段表示出浮力，并标出F浮；

乒乓球的重力与浮力大小相等，方向相等，作用点都在重心，同理做出重力的示意图，如图所示：

【点评】作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点．注意相等的力要画一样长．

30．工人站在楼下，利用图所示的滑轮组把重物提升到楼上，请在图中画出滑轮组的绕绳方法．

【考点】滑轮组的设计与组装．

【专题】简单机械．

【分析】滑轮组绳子的绕法有两种：

一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕，这种绕法有偶数段绳子承担物重；

二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，然后再绕过上面的定滑轮再向下，依次反复绕，这种绕法有奇数段绳子承担物重．

【解答】解：由工人站在地上可知拉力方向向下，绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，然后再绕过下面的动滑轮再向上绕到定滑轮上，依次反复绕．如图所示：

【点评】此题主要考查滑轮组承担物重绳子股数，滑轮组的绕线方法不同，拉力的方向不同，达到省力程度也不同．

31．按照题目的要求作图：

（1）如图甲所示，SA、SB是光源S发出的两条光线．其中SA平行于主光轴，SB过左焦点，请画出这两条光线通过凸透镜后的出射光线．

（2）如图乙所示，考古人员需要对一口古井进行清理，为了解决照明问题，请你帮他们把太阳光反射到井里，并能垂直照亮井底．

【考点】透镜的光路图；作光的反射光路图．

【专题】图像综合题．

【分析】（1）关于凸透镜有三条特殊的入射光线：①平行于主光轴的；②过焦点的；③过光心的；此题中给出的是前面的两条特殊光线．

（2）要解决此题，需要掌握光的反射定律的内容，知道反射角与入射角相等，所以解决此题得关键是做出法线，并要知道法线与镜面垂直，从而正确做出平面镜的位置．

【解答】解：（1）SA这条入射光线平行于主光轴，其经凸透镜折射后，折射光线过焦点．由此可以确定这条入射光线的折射光线．

SB这条入射光线过焦点，过焦点的入射光线经过凸透镜折射后，平行于主光轴．由此可以确定SB的折射光线．

故答案如下图所示：

（2）过入射点作入射光线与反射光线夹角的平分线（即法线），再过入射点作垂直于法线的平面镜．答案如图：

【点评】（1）把握凸透镜的三条特殊光线的入射光线和对应的折射光线的特殊点是解决此题的关键．

（2）此题考查了根据入射光线和反射光线确定平面镜的位置．关键是掌握光的反射定律并能灵活运用．

四、实验，探究题

32．学习速度时，小明在课上测量了纸锥下落的速度．

（1）为了完成这个实验要用到两种测量工具，它们是　刻度尺　和　秒表　．

（2）实验时小明所在小组将纸锥从课桌高度落到地上，发现它落地所需时间很短，很难测量准确．请你帮他们想个解决的办法：　增大纸锥下落高度　．（写出一个）

（3）小明与其它小组交流时，发现不同小组测得纸锥下落的速度不同．

①请你猜想影响纸锥下落速度的因素可能是　纸锥的质量　（写出一个）．

②为了验证你的猜想，简要的做法是　选择形状相同、质量不同的纸锥竖直下落，分别测出它们的最大速度，并分析最大速度与质量的关系　．

（4）小明所在小组继续研究小球在水中的下落运动情况，他们用照相机拍摄了一张小球下落的频闪照片，如图所示．已知背景墙上每块瓷砖的高度为a，闪光灯每隔△t时间拍摄一次．观察照片，关于小球的运动，以下判断正确的是　D　

①小球从A点到B点的运动是加速运动

②小球从B点到D点的运动是加速运动

③小球从A点到D点的平均速度为

④小球通过C点时的速度为

A．①②B．①③C．②③D．①④

【考点】控制变量法与探究性实验方案．

【专题】探究型实验综合题．

【分析】（1）根据速度公式v=可知测量速度需要的测量工具；

（2）纸锥下落的时间与纸锥下落的高度和受到的阻力有关；

（3）分析纸锥在下落过程中的受力情况，进行合理的猜想，并设计实验进行验证；

（4）自由下落的物体做加速运动，匀速运动是物体在相同时间内通过的路程相同，变速运动是在相同时间内通过的路程不相同；平均速度等于这段路程和通过这段路程所用时间的比值．

【解答】解：（1）由v=可知，要测量纸锥下落的速度，需要测量路程和时间，因此需要的测量工具为刻度尺和秒表；

（2）纸锥下落的时间短，是因为纸锥下落的高度短，或受到的阻力小，因此可通过增大纸锥下落高度或增大纸锥截面来增大下落时间；

（3）①纸锥在下落过程中受到重力与空气阻力的作用，所以纸锥下落的速度可能跟纸锥的质量有关；

②选择形状相同、质量不同的纸锥竖直下落，分别测出它们的最大速度，并分析最大速度与质量的关系；

（4）①小球从A位置到C位置运动时，相同时间内通过的路程不相同，所以小球从A位置到C位置是变速运动，因此小球从A点到B点的运动是加速运动，说法正确．

②小球从B位置到D位置运动时，小球在相同时间内通过的路程相同，所用小球从B位置到D位置匀速运动．说法错误．

③小球从A位置到D位置的平均速度为：v==．说法错误．

④如图，小球在B位置到D位置，小球进行匀速运动，小球在任意一点的速度都相同，求出平均速度即为小球在C点的速度，小球通过C点时的速度：v===．说法正确．

故选D．

故答案为：（1）刻度尺；秒表；（2）增大纸锥下落高度；（3）①纸锥的质量；②选择形状相同、质量不同的纸锥竖直下落，分别测出它们的最大速度，并分析最大速度与质量的关系；（4）D．

【点评】（1）本题的解题关键是知道测量速度的原理以及判断物体运动快慢的方法和力与物体运动的关系；

（2）闪光频闪摄影又称连闪摄影，是借助于电子闪光灯的连续闪光，在一个画面上记录动体的连续运动过程，是研究物体运动的重要方法．

33．在“探究电流跟电阻关系”的实验中，小明设计的实验电路图如图甲所示，已知电源电压恒为3V不变，滑动变阻器上标有“15Ω  1A”字样．

（1）请用笔画线代替导线，按电路图将乙图所示的实物电路补充完整；

（2）小明连接完最后一根导线后就发现电流表和电压表都有示数，造成上述现象的原因分别是　连接电路时，开关没有断开　；

（3）排除故障后，移动滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为1.5V，读出并记下电流值；断开开关再将5Ω的电阻改接成10Ω的电阻，闭合开关后发现电压表示数大于1.5V，于是他下一步的操作是：将滑动变阻器的滑片向　左　（左/右）移动，使电压表示数为1.5V并记下电流值；可当他再将10Ω的电阻改接成20Ω的电阻重复上述实验时，却发现无论如何电压表的示数总是大于1.5V，其原因是　滑动变阻器的最大阻值较小　；

（4）此实验得到的结论是　当电压一定时，电流与电阻成反比　．

【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．

【专题】探究型实验综合题．

【分析】（1）由图乙可知，电流表、滑动变阻器连接不完整，把电流表、滑动变阻器串联接入电路，即可完成电路连接；

（2）连接电路时，开关应断开；故障原因可能是电路存在断路或短路，根据故障现象分析故障原因；

（3）当将电阻由5Ω更换为10Ω后，定值电阻阻值变大，定值电阻分压变大，滑动变阻器分压变小，为保证电阻两端电压不变，应移动滑动变阻器滑片，使滑动变阻器接入电路的阻值变大，使电阻两端电压减小；根据串联电路特点及欧姆定律求出，定值电阻为20Ω时，滑动变阻器接入电路的阻值，根据该阻值分析实验现象原因．

（4）根据欧姆定律，可以分析出：在电压一定时，电流与电阻间的关系．

【解答】解：（1）电流表、滑动变阻器串联接入电路，电路图如图所示．

（2）连接完最后一根导线后发现电流表和电压表都有示数，说明电路是通路，这是由连接电路时开关没有断开造成的；

（3）定值电阻由5Ω更换为10Ω后，定值电阻分压变大，大于原来的电压1.5V，为保持定值电阻两端电压1.5V不变，由电路图可知，应向左移动滑动变阻器滑片，增大滑动变阻器接入电路的阻值，增大滑动变阻器的分压，使定值电阻两端电压减小到原来的值1.5V，保持电阻两端电压不变；

当定值电阻阻值是20Ω时，电路电流I===0.075A，滑动变阻器两端电压U滑=U﹣UR=3V﹣1.5V=1.5V，滑动变阻器接入电路的阻值R滑===20Ω＞15Ω，即滑动变阻器接入电路的阻值小于电路需要接入的阻值，所以论如何电压表的示数总是大于1.5V；

（4）由欧姆定律：I=可知，当电压U一定时，电流I与电阻R成反比．

故答案为：（1）电路图如图所示；（2）连接电路时开关没有断开；（3）左；滑动变阻器的最大阻值较小；（4）当电压一定时，电流与电阻成反比．

【点评】本题考查了连接实物电路图、电路故障分析、滑动变阻器的调节、实验现象分析、分析实验结论等问题，实验中应用了控制变量法；第（3）小题是本题的难点，知道实验过程中应控制定值电阻两端的电压不变，分析清楚电路结构、掌握串联电路特点是正确解题的基础与关键．

34．在探究“光从空气斜射入水和油时，哪种液体对光的偏折本领较大”的实验中，小明提出如下实验方案：先让一束入射光从空气直接斜射入透明的空水槽中，记录下光斑位置（如图甲所示）；接着分别倒入水和油，记录对应的光斑位置，再通过分析就可得到实验结论．经讨论，同学们认为这一方案是可行的，于是进行了探究实验．

（1）要实现探究目标，他们应选择图乙中的　B、D　（选填字母序号）两图示实验，这样选择的目的是　只改变光线传播的介质　．

（2）某小组同学正确实验后，所记录的三次光斑的相对位置如图丙所示，经分析可知：光从空气斜射入水和油时，　油　对光的偏折本领较大．

【考点】光的折射规律．

【专题】探究型实验综合题．

【分析】（1）实验的目的是探究水和油对光的偏折本领，因此需要控制入射角和液面的高度相同；

（2）通过记录的位置，和空气中照射点光斑相比较，距离空气中光斑越远，说明对光的偏折本领越大．

【解答】解：（1）根据控制变量法的思想，要探究水和油对光的偏折本领大小，必须控制入射角和液面的高度相同，只改变光线传播的介质，因此符合条件的有B、D两图；

（2）根据记录，油中光斑的位置距离空气比较远，因此油对光线的偏折程度大，对光的偏折本领较大．

故答案为：

（1）B、D；只改变光线传播的介质；

（2）油．

【点评】（1）本实验采用了控制变量法和转换法的思想，容易出错的地方是控制入射角和液面的高度；

（2）入射角相同时，液面高度不同，光斑位置也不同，因为液面变化，入射点也随之变化，导致光斑位置变化．

五、计算题（35题6分，36题8分，共14分）

35．日照是个美丽的海滨城市，这里有“蓝天、碧海、金沙滩”；每年夏天有很多的中外游客慕名前来观光游玩，如图是可供游客在海上游玩时的一种旅游观光艇，此观光艇的质量为900kg，在海上航行的最大速度为36km/h，最多可载的游客数量为20人，如果海水的密度取1.0×103kg/m3，g=10N/kg，求

（1）观光艇以最大航速行驶2小时的路程是多少米？

（2）该观光艇在水面下50cm深处有一个面积为20cm2的小零件，求小零件受到的海水的压力是多少？

（3）假设每位乘客的平均质量为60kg，观光艇满载乘客时，此时浸入水中的体积多大？

【考点】速度公式及其应用；压力及重力与压力的区别；液体的压强的计算；阿基米德原理．

【专题】长度、时间、速度；压强、液体的压强；浮力．

【分析】（1）已知路程与最大航速，由速度公式的变形公式s=vt可以求出2h的路程．

（2）利用p=ρgh求出小零件受到的海水的压强，再利用p=求得小零件受到的海水的压力．

（3）知道观光艇的质量，求出总质量，利用重力公式求人艇总重，再利用漂浮条件求观光艇满载乘客时，所受水的浮力，再利用F浮=ρgV排求出浸入水中的体积．

【解答】解：（1）v=，

所以观光艇的路程：

s=vt=36km/h×2h=72km=7.2×104m；

（2）小零件受到海水的压强为

p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.5m=5×103Pa；

由p=可知，

零件受到的海水的压力：

F=pS=5×103Pa×20×10﹣4m2=10N．

（3）观光艇满载时的总重力为：

G总=m总g=（60×20+900）kg×10N/kg=2.1×104N；

观光艇满载时受到的浮力为：

F浮=G总=2.1×104N；

由于F浮=ρgV排，

所以满载时浸入的体积：

V排===2.1m3．

答：（1）观光艇以最大航速行驶2小时的路程是7.2×104m；

（2）小零件受到的海水的压力是10N；

（3）此时浸入水中的体积为2.1m3．

【点评】本题考查了学生对速度公式、重力公式、漂浮条件的掌握和运用，是一道力学综合计算题．要求灵活运用所学公式及其变形公式求解．

36．图1是小明设计的调光电路图，他将粗细均匀的电阻丝AB通过滑片P连入电路，小灯泡的额定电压为6V．闭合开关S后，滑片P从最左端A滑到最右端B的过程中，小灯泡的I﹣U关系图象如图2所示．（电阻丝AB的阻值不随温度变化）

求：（1）小灯泡的额定功率；

（2）电阻丝AB的阻值；

（3）当AB连入电路的阻值R1=2.5Ω时，灯泡消耗的功率为3.2W，此时灯丝的阻值为多少．

【考点】电功率的计算；欧姆定律的应用．

【专题】计算题；应用题；压轴题；信息给予题；电路和欧姆定律．

【分析】（1）从图象上找到灯泡的额定电压对应的电流，根据公式P=UI求出灯泡的额定功率．

（2）从图象上找到当AB完全接入电路时，灯泡对应的电压和电流，因为电阻AB与灯泡串联，从而得出通过电阻AB的电流，根据串联分压的特点求出AB两端的电压，根据欧姆定律求出电阻丝AB的阻值．

（3）已知灯泡消耗的功率、电源电压以及AB连入电路的阻值R1的大小，根据公式P=I2R可求灯泡的电阻，从图象上可以看出灯泡的最小电阻，从而判断出灯泡此时的电阻．

【解答】解：（1）当滑片P在B端时，由图得知电源电压与小灯泡额定电压相等为6V，对应的电流为1A

小灯泡的额定功率：PL=ULIL=6V×1A=6W．

答：小灯泡的额定功率为6W．

（2）当滑片P在A端时，由图得小灯泡两端的电压为U小=1.5V，电流I小=0.5A

由于R与L串联，则电阻丝两端电压：U丝=U﹣U小=6V﹣1.5V=4.5V，

由欧姆定律得电阻丝AB的电阻：R===9Ω．

答：电阻丝AB的阻值为9Ω．

（3）灯泡消耗的功率为：

P=I2RL=

将U=6V、R1=2.5Ω、P=3.2W代入上式中，

解得：RL=1.25Ω或5Ω

由图可知，灯泡连入电路中的最小阻值为RL最小===3Ω，

所以RL=5Ω．

答：此时灯丝的阻值为5Ω．

【点评】本题考查电功率、电阻、电流、电压等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是根据图象和电路图分析数据，本题考查知识点较多，且难度挺大，属于一道难题．

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