2018保定市中考物理压轴试题【解析版含答案】

2017-12-14 13:24:03文/赵妍妍

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2018保定市中考物理压轴试题

一、选择题（本大题共18个小题，共39分．1-15为单选题，每小题只有一个选项符合题意，每小题2分；16-18为多选题，每小题有两个或两个以上选项符合题意，每小题2分，全选对得3分，选对但不全得3分，选错或不选不得分．）

1．在物理学发展的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．下列关于科学家和他们所做贡献的说法中正确的是（　　）

A．亚里士多德最早指出力不是维持物体运动的原因

B．牛顿首先测量出大气压强的值

C．阿基米德揭示出影响浮力大小的因素

D．奥斯特首先发现电流的热效应

2．下列估测最接近实际的是（　　）

A．初中生平均体重约为80㎏

B．农村房檐上的水滴落到地面上的时间约为10s

C．人体的正常体温约为38.6℃

D．一张百元人民币的长度约为15cm

3．戴眼镜的同学从寒冷的室外进入温暖的室内时，眼镜片上会形成“小水珠”．下列现象中的物态变化方式与“小水珠”形成原因相同的是（　　）

A．从冰箱取出的冻肉会变软

B．初冬的清晨，鸭绿江水面上飘着“白气”

C．人游泳之后刚从水中出来，感觉冷

D．教室内，用久的日光灯管两端会发黑

4．（保定中考物理）下表是水的密度随温度变化的数据．分析表中的数据不能得出的结论是（　　）

t/℃	0	1	2	3	4	5	6	7	8
ρ/（kg▪m﹣3）	999.84	999.90	999.94	999.97	1000.00	999.97	999.94	999.90	999.85

A．水凝固成冰时体积会变大

B．水在4℃时密度最大

C．温度高于4℃时，随着温度的升高，水的密度越来越小

D．温度低于4℃时，随着温度的降低，水的密度越来越小

5．如图为四冲程汽油机工作过程中的某冲程示意图，该冲程为（　　）

A．吸气过程 B．压缩过程 C．做功过程 D．排气过程

6．关于电磁波，下列说法错误的是（　　）

A．收音机、电视机和移动电话都是靠电磁波来传递信息的

B．跟水波类似，电磁波也有自己的频率、波长和波速

C．真空中电磁波的波速约为30万千米每秒

D．微波炉内的微波是一种波长很长、频率很低的电磁波

7．如图中，小磁针静止后指向正确的是（　　）

A． B． C． D．

8．甲、乙两物体先后从同地沿同方向做匀速直线运动，甲比乙先运动2秒，甲运动6秒时通过的路程为6米，此时甲、乙间的距离为2米，在图所示的a、b、c三条图线中，乙的s﹣t图（　　）

A．一定是图线a B．一定是图线b C．可能是图线b D．可能是图线c

9．（保定中考物理）图中画的是王小刚同学的眼镜，从眼镜判断，他的眼睛（　　）

A．是远视眼

B．是近视眼

C．视力正常，眼镜是太阳镜

D．一只眼视力基本正常，另一只是近视眼

10．在如图的电路中，电源电压保持不变，当开关S从断开到闭合时，电路中（　　）

A．电流表的示数变小，电压表的示数变小

B．电流表的示数变小，电压表的示数不变

C．电流表的示数不变，电压表的示数变小

D．电流表的示数不变，电压表的示数不变

11．如图为某同学设计的部分家庭电路示意图，其中电器元件连接错误的是（　　）

A．空气开关 B．二孔插座 C．带开关的灯泡 D．三孔插座

12．将烧瓶内的水加热至沸腾后移去火焰，水会停止沸腾．迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水（如图），你会观察到烧瓶内的水又沸腾起来，产生这一现象的原因是（　　）

A．瓶内气体温度升高，压强增大，水的沸点降低

B．瓶内气体温度降低，压强减小，水的沸点降低

C．瓶内气体温度降低，压强减小，水的沸点升高

D．瓶内气体温度升高，压强减小，水的沸点升高

13．关于欧姆定律的表达式I=U/R下列说法正确的是（　　）

A．导体两端的电压与通过导体的电流成正比

B．通过导体的电流与导体两端的电压成正比

C．电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比

D．电压一定时，导体的电阻与通过导体的电流成反比

14（保定中考物理）．现代社会倡导文明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观察，画出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你认为可行的是（　　）

A． B． C． D．

15．如图所示，不计摩擦和绳重，把一个重为20N的物体沿竖直方向在4s内匀速提升了2m，所用拉力F为12.5N．下列说法中正确的是（　　）

A．动滑轮重7.5N B．4s内拉力F做功25J

C．4s内拉力F的功率为6.25W D．滑轮组的机械效率为80%

16．如图所示，在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛和凸透镜之间的距离为26cm时，在光屏上得到一个清晰缩小的实像．下列说法正确的是（　　）

A．该凸透镜的焦距小于13cm

B．只将凸透镜向左移，可以在光屏上得到清晰放大的像

C．只将蜡烛和光屏互换，可以在光屏上得到清晰缩小的像

D．将蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏远离凸透镜

17．（保定中考物理）如图是帆船在海面航行的情景，下列关于帆船的说法中正确的是（　　）

A．帆船需要风吹才能前进说明运动需要力来维持

B．比赛中的帆船速度有变化但惯性不变

C．帆船的重力与受到的浮力是一对平衡力

D．风给帆船提供的动力与水对帆船的阻力是相互作用力

18．如图所示，电源电压保持不变，R1和R2为定值电阻．下列说法正确的是（　　）

A．只闭合S1，滑片P向左滑动，电压表示数变大

B．先闭合S1，再闭合S2，电压表示数变大，电流表示数不变

C．先闭合S1和S2，再闭合S3，电压表与电流表示数的比值变小

D．闭合S1、S2和S3，滑片P向右滑动，电压表与电流表示数的比值不变

二、填空及简答题（本大题共8个小题；每空1分，共24分）

19．一束光入射到平面镜上，入射光线与镜面的夹角为35度，则反射角为______度．

20．人们都有这样的体会：撑着太阳伞走在大路上（如图所示），一阵强风水平吹过来，伞面会向上翻，这是因为伞面上方空气流速______伞面下方空气流速．伞的上表面受到的气体压强______下表面受到的气体压强，导致伞面受到向上的压力______向下的压力．（选填“大于”或“小于”）

21．在“节能减排，低碳生活”的理念下，太阳能越来越受到人们的青睐，太阳能属于______能源（填“可再生”或“不可再生”）．许多家庭安装了太阳能热水器，太阳能热水器主要是通过______方式增加水的内能．装有40kg水的热水器温度升高25℃，水的内能增加了______J．【水的比热容c=4.2×103J/（kg•℃）】

22．如图所示，物体A重20N，滑轮重1N，绳重不计，弹簧秤示数为25N，则物体B的重为______N．A对地面的压力为______N．

23．小华用电能表测量家中电热淋浴器的实际功率和效率，他将家中其他用电器与电源断开，仅让电热淋浴器工作20min，他家的电能表示数变化如图所示，同时，电热淋浴器内质量为25kg，初温为20℃的水被加热到50℃，已知C水=4.2×103J/（kg•℃）．那么这个电热淋浴器的实际功率是______W．电热淋浴器的效率是______．

24．2014年4月，我海军372号潜艇在高密度海水区域内沿水平方向潜航，如图所示．潜艇总质量3.3×103t，体积为3×103m3，高密度海水密度为______kg/m3．潜航时，不慎全部驶入密度为1.02×103kg/m3的低密度海水区域，导致浮力减小了______N，导致潜艇加速下沉，当仪表显示海水压强为4×106Pa时，潜艇表面1cm2的面积受到海水压力______N，达到潜艇承受极限．官兵紧急排出水舱内的水，潜艇最终转危为安．（g取10N/kg）

25．一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲所示．电源电压为24V，灯泡L的额定电压为24V，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙所示．当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为______Ω．调节滑动变阻器R，使灯泡两端的电压是12V，则灯泡的实际功率为______W，滑动变阻器R连入电路的阻值是______Ω．

26（保定中考物理）．小球在没有空气阻力的情况下，沿无摩擦轨道运动．

（1）如图1所示，小球从A点静止释放，小球到达C点时速度是否为零？______．

（2）针对小球的运动，从势能与动能相互转化的角度提出一个问题并回答．

问题：______？回答：______．

（3）将轨道BC段改为水平，如图2所示．小球仍从A点静止释放，小球经过M点时的机械能大于、小于还是等于其在A点的机械能？______．以小球经过M点时为计时起点，大致画出小球在MN段运动的速度﹣时间图线．（如图3）

（4）小球在MN段运动的过程中受到哪些力的作用？______．维持小球运动的原因是什么？______．

三、实验探究题（共25分）

27．小刚和小明等同学一起做“探究杠杆的平衡条件”的实验

（1）小刚将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆的左端上翘，此时，他应将杠杆两端的平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡．

（2）如图所示，若每个钩码重0.5N，且杠杆上每格相等，小明在杠杆左端图示位置处挂上3个钩码，为使杠杆在水平位置平衡，他在图中A处施加一个方向向上的力F1，此力大小至少为______N．

（3）若推去力F1，改在杠杆右端B处施加一个方向向下的力F2（如图乙所示），仍使杠杆平衡，请在图乙中画出力F2的力臂．

28．“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验装置如图所示，导体棒ab、灵敏电流计、开关组成闭合电路．实验时，控制磁场方向相同，并且导体棒ab始终保持水平，改变导体棒ab的运动方向．

（1）导体棒ab左右运动，如图甲所示，电流表指针______，这是因为______．

（2）导体棒ab左右运动，如图乙所示，电流表指针______．

（3）导体棒ab上下运动，如图丙所示，电流表指针______．

（4）结合上面实验现象，可以得出感应电流产生的条件是：______．

29．由某种合金制成的两个大小不同的工艺品，其中一个实心，一个空心．小华为判定哪个是空心的，进行了如下实验．（已知ρ水=1.0g/cm3，取g=10N/kg）

【实验过程】将下列实验步骤中空白处补充完整．

（1）用弹簧测力计测出小工艺品的重力G1=2N．

（2）将挂在测力计下方的小工艺品浸没水中，小工艺品受到______个力的作用，此时测力计的示数F1=1.6 N，则浮力F浮=______ N．

（3）用测力计测出大工艺品的重力G2=3N．

（4）如图所示，将挂在测力计下方的大工艺品浸没水中，测力计的示数F2=______ N．

（5）结合测量数据判断______（选填“大”或“小”）工艺品是空心的．理由是______．

（6）计算合金的密度ρ=______ g/cm3．

（7）空心工艺品空心部分的体积是______cm3．

30．小彬用如图甲所示的实验器材探究“电流与电阻的关系”．电源电压恒为3V，滑动变阻器上标有“20Ω 2A”字样，阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω、50Ω的定值电阻各一个．

（1）（保定中考物理）请你用笔画线代替导线，把图甲所示的实验电路补充完整．

（2）小彬5Ω定值电阻接入电路后，闭合开关，发现电流表有示数而电压表无示数，则电路中的故障可能是______（写出一种）；排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数如图13乙所示，此时电路中的电流为______A．

（3）将5Ω定值电阻换成10Ω定值电阻，闭合开关，为了保持______表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片P向______（选填“A”或“B”）移动，记录此时各表的示数．

（4）将10Ω定值电阻换成20Ω定值电阻，重复步骤（3）．

（5）实验记录的多组数据如表所示．分析数据可得出结论：当电压一定时，通过导体中的电流与电阻成______比．

实验次数	定值电阻（Ω）	电流表示数（A）
1	5
2	10	0.18
3	20	0.09

（6）实验结束后，小彬问老师在此实验中能否换用50Ω的定值电阻进行实验？老师指导小彬分析了不能更换的原因．你认为其原因是______．

四、计算题（31题6分，32题8分，共14分）

31．如图是一款新研发的微型机器人，它可拖动比自身重大很多的物体．机器人质量是1.2×10﹣2kg，它静止在水平地面上时，与地面的接触面积是1×10﹣4m2．求：

（1）它受到的重力是多少？（g取10N/kg）

（2）静止时，它对水平地面的压强是多少？

（3）若它用120N的水平拉力在10s内匀速拖动重物前进1m，则拉力的功率是多少？

32．如图1所示，L上标有“6V 3W”字样，电流表量程为0～0.6A，电压表量程为0～15V，变阻器R的最大阻值为100Ω．当开关S1闭合、S2断开，滑片P置于变阻器上的a点时，变阻器连入电路中的电阻为Ra，电流表示数为Ia；当开关S2闭合、S1断开，移动滑片P，变阻器两端电压与其连入电路的电阻关系如图2所示，当滑片置于b点时，电压表示数Ub=8V，电流表示数为Ib．已知Ra：R0=12：5，Ia：Ib=3：5．（变阻器上的 a、b两点均未标出，灯丝电阻不随温度变化）求：

（1）小灯泡的电阻；

（2）定值电阻R0和电源电压；

（3）开关S2闭合、S1断开，滑片P由变阻器的最左端逐渐向右端移动，当电压表的示数分别为9V与满量程时，变阻器消耗电功率的差值．

保定中考物理参考答案与试题解析

1．在物理学发展的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献．下列关于科学家和他们所做贡献的说法中正确的是（　　）

A．亚里士多德最早指出力不是维持物体运动的原因

B．牛顿首先测量出大气压强的值

C．阿基米德揭示出影响浮力大小的因素

D．奥斯特首先发现电流的热效应

【考点】力与运动的关系；大气压强的测量方法；阿基米德原理；通电直导线周围的磁场．

【分析】根据物理学史和常识进行解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．

【解答】解：A、伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因，故A错误；

B、帕斯卡首先测量出了大气压的值，故B错误；

C、阿基米德对浮力的研究做出了重大贡献，因此阿基米德揭示出影响浮力大小的因素，故C正确；

D、焦耳首先发现了电流的热效应，奥斯特发现了电流的磁效应，故D错误．

故选C．

【点评】本题考查物理学史和常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆．

2．下列估测最接近实际的是（　　）

A．初中生平均体重约为80㎏

B．农村房檐上的水滴落到地面上的时间约为10s

C．人体的正常体温约为38.6℃

D．一张百元人民币的长度约为15cm

【考点】质量的估测；温度；时间的估测．

【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个．

【解答】解：A、初中生的平均体重约为50kg，不符合实际；

B、农村房檐上的水滴落到地上的时间约为1s，不符合实际；

C、人的正常体温约为37℃，38.5℃温度偏高，不符合实际；

D、一百元人民币的长度约15cm，符合实际．

故选D．

【点评】物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义

　（保定中考物理）

3．戴眼镜的同学从寒冷的室外进入温暖的室内时，眼镜片上会形成“小水珠”．下列现象中的物态变化方式与“小水珠”形成原因相同的是（　　）

A．从冰箱取出的冻肉会变软

B．初冬的清晨，鸭绿江水面上飘着“白气”

C．人游泳之后刚从水中出来，感觉冷

D．教室内，用久的日光灯管两端会发黑

【考点】液化及液化现象．

【分析】液化是由气态变为液态的过程，在液化过程中需要放出热量．

【解答】解：冬天室内的温度很高，使周围空气中的水蒸气温度升高，遇到戴眼镜同学温度较低的玻璃镜片时，热的水蒸气发生液化现象变成小水珠附着在镜片上，所以镜片上出现雾气；

A、冻肉会变软属于熔化现象，不符合题意；

B、初冬的清晨，鸭绿江水面上飘着“白气”，是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，符合题意；

C、人游泳之后刚从水中出来，感觉冷，是汽化吸热的缘故，不符合题意；

D、用久的日光灯管两端会发黑是钨丝先升华后凝华形成的，不符合题意；

故选B

【点评】物态变化的现象在生活中随处可见，我们要留心观察，多加思考，用学过的物理知识解释发生的现象．

4．下表是水的密度随温度变化的数据．分析表中的数据不能得出的结论是（　　）

t/℃	0	1	2	3	4	5	6	7	8
ρ/（kg▪m﹣3）	999.84	999.90	999.94	999.97	1000.00	999.97	999.94	999.90	999.85

A．水凝固成冰时体积会变大

B．水在4℃时密度最大

C．温度高于4℃时，随着温度的升高，水的密度越来越小

D．温度低于4℃时，随着温度的降低，水的密度越来越小

【考点】密度与温度．

【分析】将0～8℃分两个阶段分析：0～4℃，4℃～8℃，然后根据表格中温度对应的密度数值可得出结论．

【解答】解：A、由表格数据可知，表格中记录的是在0～8℃水的密度随温度变化的情况，没有涉及到体积，因此不能得出水凝固成冰时体积会变大这一结论，故A符合题意；

B、由表格数据可知，水在4℃时密度为1000.00kg/m3，在0～3℃，5℃～8℃时的密度数值都小于水在4℃时密度，故可以得出水在4℃时密度最大的结论，故B不符合题意；

C、温度高于4℃时，随着温度的升高，密度数值由999.97～999.94～999.90～999.85，由此可得水的密度越来越小，故C不符合题意；

D、温度低于4℃时，随着温度的降低，999.97～999.94～999.90～999.84，由此可得水的密度越来越小，故D不符合题意；

故选A．

【点评】此题通过水的密度随温度变化的数据，主要考查了学生的数据处理能力，难易程度适中．

　（保定中考物理）

5．如图为四冲程汽油机工作过程中的某冲程示意图，该冲程为（　　）

A．吸气过程 B．压缩过程 C．做功过程 D．排气过程

【考点】内燃机的四个冲程．

【分析】内燃机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功和排气四个冲程；根据气门的关闭情况和活塞的运行方向判断是哪一个冲程．

【解答】解：观察图可知，汽油机两个气门都关闭，活塞下行，高温高压的燃气推动活塞做功，内能转化为机械能，是做功冲程．

故选：C．

【点评】本题考查了内燃机各个冲程的判断，明确各个冲程的气门关闭情况和活塞的运行方向是解题的关键．

6．关于电磁波，下列说法错误的是（　　）

A．收音机、电视机和移动电话都是靠电磁波来传递信息的

B．跟水波类似，电磁波也有自己的频率、波长和波速

C．真空中电磁波的波速约为30万千米每秒

D．微波炉内的微波是一种波长很长、频率很低的电磁波

【考点】电磁波的传播．

【分析】电磁波是周期性变化的电场与磁场相互激发由近及远的传播，其传播不需要介质，可以用来传递信息．

【解答】解：A、电视机、收音机和移动电话所接收的信号是无线电波，手机接收的信号是微波，也是无线电波；故都属于电磁波，故A正确；

B、跟水波类似，电磁波也有自己的频率、波长和波速，电磁波在传播过程中，其频率绐终保持不变，波长会随波速的改变而改变，故B正确；

C、在真空中电磁波的传播速度为3×108m/s，故C正确；

D、微波炉内的微波是一种高频率、波长短的电磁波，故D错误．

故选D．

【点评】知道电磁波的产生、传播特点等是解决该题的关键．

7．（保定中考物理）如图中，小磁针静止后指向正确的是（　　）

A． B． C． D．

【考点】通电螺线管的磁场．

【分析】首先根据电源的正负极判定电流方向，由电流方向判断通电螺线管的磁极．然后根据磁极间的相互作用判定小磁针指向正确性．

【解答】解：A图中根据安培定则，如图所示：，由磁极间的相互作用可知，小磁针右端应为S极，故A错误；

B图中中根据安培定则，如图所示：由磁极间的相互作用可知，小磁针上端应为S极，故B错误；

C图中根据安培定则，如图所示：由磁极间的相互作用可知，小磁针右端应为N极，故C正确；

D图中根据安培定则，如图所示：由磁极间的相互作用可知，小磁针应逆时针转动，转到水平方向，且左端应为S极，故D错误．

故选C．

【点评】小磁针北极的指向、螺线管的磁极、电流的方向，知道其中的一者，其他的两者都能进行判断．

A．一定是图线a B．一定是图线b C．可能是图线b D．可能是图线c

【考点】速度与物体运动．

【分析】由甲运动时间可得到乙的运动时间，由甲、乙6s后相距2m，得到乙通过的距离，由此计算出乙的速度．根据图象得到a、b、c的速度判断即可．

【解答】解：

由题，甲比乙先运动2秒，甲运动6s，所以乙运动时间t=4s，

此时甲、乙间的距离为2m，所以乙运动的路程可能是s=s甲+2m=6m+2m=8m，也可能是s′=s甲﹣2m=6m﹣2m=4m，

由v=，

乙的速度可能是v===2m/s，也可能是v′===1m/s．

由图线a，当s=8m时，t=4s，所以图线a表示的速度va==2m/s；

由图线b，当s=8m时，t=5.5s，所以图线b表示的速度vb=≈1.45m/s；

由图线c，当s=6m时，t=6s，所以图线c表示的速度vc==1m/s．

由此可知，a、c都有可能是乙的s﹣t的图线，所以ABC错误，D正确．

故选D．

【点评】本题考查了速度的计算和s﹣t图象的认识和理解，要从图象中获取有用信息，正确理解甲、乙间的距离为2米是计算出乙速度的关键．

9．图中画的是王小刚同学的眼镜，从眼镜判断，他的眼睛（　　）

A．是远视眼

B．是近视眼

C．视力正常，眼镜是太阳镜

D．一只眼视力基本正常，另一只是近视眼

【考点】远视眼的成因与矫正办法．

【分析】远视眼戴凸透镜，物体在凸透镜的一倍焦距以内，物体成正立的、放大的虚像．

近视眼戴凹透镜，物体射出的光线经凹透镜后发散，发散光线的反向延长线会聚成像，成正立、缩小的虚像．

太阳镜是透明的厚度相同的玻璃，戴上太阳镜看物体，不改变物体的大小．

【解答】解：通过眼镜看书本上的文字，通过两个镜片都看到放大的字，所以小刚戴的眼镜两个都是凸透镜，是远视眼镜，小刚的眼睛是远视眼．

故选A．

【点评】掌握凸透镜、凹透镜、透明玻璃的成像情况是解决本题的关键．

10．（保定中考物理）在如图的电路中，电源电压保持不变，当开关S从断开到闭合时，电路中（　　）

A．电流表的示数变小，电压表的示数变小

B．电流表的示数变小，电压表的示数不变

C．电流表的示数不变，电压表的示数变小

D．电流表的示数不变，电压表的示数不变

【考点】欧姆定律的应用．

【分析】由图知，S断开时，两电阻串联，电压表R1两端电压，电流表测电流中电流；S闭合后，只有R2连入电路中，电流表和R1短路．由此分析电表的示数变化情况．

【解答】解：

由电路图可知，S断开时，两电阻串联，电压表R1两端电压，电流表测电路中电流；

S闭合后，只有R2连入电路中，电流表和R1短路，电压表测开关所在导线两端电压，所以电流表和电压表示数都变为0，即两表示数都变小．

故选A．

【点评】本题是关于电表示数变化的问题，关键是正确分析S闭合前后电路的连接情况．

11．如图为某同学设计的部分家庭电路示意图，其中电器元件连接错误的是（　　）

A．空气开关 B．二孔插座 C．带开关的灯泡 D．三孔插座

【考点】家庭电路的连接．

【分析】火线首先进入开关，然后进入灯泡顶端的金属点；零线直接进入螺旋套．火线接在灯泡的顶端，在更换灯泡时，断开开关，切断火线，更安全．

【解答】解：A、空气开关相当于保险丝，串联在干路中，连接正确，故A不合题意；

B、两孔插座，与其他用电器并联，接线左零右火，连接正确，故B不合题意；

C、开关接在火线和接在零线上都能控制灯泡，但是接在火线上，当开关断开时，能切断火线；开关接在零线上，开关断开时，灯泡连接着火线，不安全．由图可知，这位同学连接的电路中明显的错误是开关接在零线上了，故C符合题意；

D、三孔插座与其他用电器并联，接线左零右火上地线，连接正确，故D不合题意．

故选C．

【点评】掌握家庭电路中灯泡、开关、保险丝、两孔插座、三孔插座的接法．属于基础知识考查．

12（保定中考物理）将烧瓶内的水加热至沸腾后移去火焰，水会停止沸腾．迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水（如图），你会观察到烧瓶内的水又沸腾起来，产生这一现象的原因是（　　）

A．瓶内气体温度升高，压强增大，水的沸点降低

B．瓶内气体温度降低，压强减小，水的沸点降低

C．瓶内气体温度降低，压强减小，水的沸点升高

D．瓶内气体温度升高，压强减小，水的沸点升高

【考点】沸点及沸点与气压的关系．

【分析】从液体沸点与气压关系角度来分析，气压减小，沸点降低．

【解答】解：水停止沸腾后．迅速塞上瓶塞，把烧瓶倒置并向瓶底浇冷水，会看到烧瓶中的水重新沸腾．因为当向瓶底浇冷水时，瓶内气体温度突然降低，瓶内的水蒸汽遇冷液化，气压减小，瓶内液面上方气压减小，导致沸点降低，所以水重新沸腾起来的．

故选B．

【点评】本题考查学生对液体压强与沸点的关系以及物态变化的掌握情况．

13．关于欧姆定律的表达式I=U/R下列说法正确的是（　　）

A．导体两端的电压与通过导体的电流成正比

B．通过导体的电流与导体两端的电压成正比

C．电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比

D．电压一定时，导体的电阻与通过导体的电流成反比

【考点】欧姆定律．

【分析】根据欧姆定律的内容：一段导体中的电流跟这段导体两端的电压成正比，跟这段导体的电阻成反比进行解答．

【解答】解：根据欧姆定律的内容可知：对于某一段导体来说电阻的阻值不变，即电阻一定时，导体中的电流与导体两端的电压成正比；当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比．故ABD选项不正确，C选项正确．

故选C．

【点评】本题考查了学生对欧姆定律内容的掌握和理解，是一道基础题目．

14．现代社会倡导文明出行，某班同学对十字路口人行横道的红、绿交通信号灯进行了观察，画出了如图所示的控制人行红、绿灯的电路图，你认为可行的是（　　）

A． B． C． D．

【考点】电路图及元件符号．

【分析】根据生活经验可知，红绿交通信号灯不能同时工作、且互不影响即为并联，然后分析选项得出答案．

【解答】解：A、两开关均闭合时红绿交通信号灯同时发光，只闭合一个开关均不发光，故A不正确；

B、只闭合开关S1时绿灯亮，只闭合开关S2时红灯亮，两灯独立工作，互不影响，故B正确；

C、两开关都闭合时会造成电源短路且两灯泡不发光，任何一个开关断开时红绿交通信号灯同时发光，故C不正确；

D、当只闭合开关S2时，两灯泡都发光；只闭合S1时绿灯亮．故D不正确．

故选B．

【点评】本题考查了电路图的设计，关键是知道红绿交通信号灯两灯泡不会同时亮，要注意从选项中找出最符合题意的答案．

15．如图所示，不计摩擦和绳重，把一个重为20N的物体沿竖直方向在4s内匀速提升了2m，所用拉力F为12.5N．下列说法中正确的是（　　）

A．动滑轮重7.5N B．4s内拉力F做功25J

C．4s内拉力F的功率为6.25W D．滑轮组的机械效率为80%

【考点】功率的计算；滑轮（组）的机械效率．

【分析】根据图象可知，n=2；

（1）根据F=（G+G动）计算动滑轮的重力．

（2）根据W=Fs计算拉力做的功；

（3）根据P=计算功率；

（4）根据η=计算滑轮组的机械效率．

【解答】解：根据图示可知，n=2；

A、不计绳重和摩擦，F=（G+G动），

即：12.5N=（20N+G动），G动=5N；故A错误．

B、自由端移动的距离：s=2h=2×2m=4m，拉力做的功为：W=Fs=12.5N×4m=50J；故B错误；

C、拉力F的功率P===12.5W，故C错误；

D、该滑轮组的机械效率为：η====80%；故D正确．

故选D．

【点评】本题考查了有用功、总功、机械效率、动滑轮重力的计算，根据题图确定n的大小（直接从动滑轮上引出的绳子股数）是本题的突破口，灵活选用公式计算是关键．

16．如图所示，在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛和凸透镜之间的距离为26cm时，在光屏上得到一个清晰缩小的实像．下列说法正确的是（　　）

A．该凸透镜的焦距小于13cm

B．只将凸透镜向左移，可以在光屏上得到清晰放大的像

C．只将蜡烛和光屏互换，可以在光屏上得到清晰缩小的像

D．将蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏远离凸透镜

【考点】凸透镜成像规律及其探究实验．

【分析】掌握凸透镜成像的规律，知道但物距大于2f时，成倒立缩小的实像；

且成实像时，遵循物近像远像变大的特点．

【解答】解：

A、观察图示可知在光屏上得到一个清晰缩小的实像，则u=26cm＞2f，解得f＜13cm，故A正确；

B、只将凸透镜向左移，减小物距，增大像距，可以在光屏上得到清晰放大的像，故B正确；

C、只将蜡烛和光屏互换，可以在光屏上得到清晰放大的像，C错误；

D、蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏应靠近凸透镜，D错误．

故选AB．

【点评】本题主要探究的是凸透镜成像的规律，这是今后学习光学，研究光现象的基础，应该熟练掌握，并注意加以区分，不能混淆．

17．（保定中考物理）如图是帆船在海面航行的情景，下列关于帆船的说法中正确的是（　　）

A．帆船需要风吹才能前进说明运动需要力来维持

B．比赛中的帆船速度有变化但惯性不变

C．帆船的重力与受到的浮力是一对平衡力

D．风给帆船提供的动力与水对帆船的阻力是相互作用力

【考点】平衡力的辨别；惯性；平衡力和相互作用力的区分；力与运动的关系．

【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因，维持物体运动不需要力；

（2）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关；

（3）一对平衡力必须大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上；

（4）一对相互作用力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在不同物体．

【解答】解：A、帆船需要风吹才能前进说明力可以改变物体的运动状态，而不能说明运动需要力来维持，故A错误；

B、比赛中的帆船速度有变化，但其质量不变，所以惯性大小不变，故B正确；

C、帆船的重力与受到的浮力大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力，故C正确；

D、一对相互作用力必须作用在不同的物体上，风给帆船提供的动力与水对帆船的阻力作用在同一物体上，不是相互作用力，故D错误．

故选BC．

【点评】本题以帆船运动为内容，考查了力与运动的关系、平衡力与相互作用力的辨别、惯性现象等，综合性强，但难度不大．

18．如图所示，电源电压保持不变，R1和R2为定值电阻．下列说法正确的是（　　）

A．只闭合S1，滑片P向左滑动，电压表示数变大

B．先闭合S1，再闭合S2，电压表示数变大，电流表示数不变

C．先闭合S1和S2，再闭合S3，电压表与电流表示数的比值变小

D．闭合S1、S2和S3，滑片P向右滑动，电压表与电流表示数的比值不变

【考点】欧姆定律的应用．

【分析】（1）由图知，只闭合S1，滑动变阻器和两个电阻串联，电压表测R2两端电压，由串联电路的分压原理分析滑片左滑时电压表示数变化情况；

（2）先闭合S1，再闭合S2，只有R2连入电路中，由电压表测R2两端电压（或电源电压），电流表测电路中电流，由此分析电表示数的变化情况；

（3）先闭合S1和S2，再闭合S3，滑动变阻器和R1、R2并联，电压表测电源电压，电流表测R1、R2的总电流，由此分析电压表与电流表示数的比值变化情况；

滑片P向右滑动，压表与电流表比值仍等于R1、R2并联的总电阻，由此知两表比值的变化．

【解答】解：

A、由图，只闭合S1时，电路连接情况如图所示：

此时滑动变阻器和R1、R2串联，电压表测R2两端电压，滑片左滑时变阻器连入阻值变小，由串联电路的分压原理可知，变阻器分压减小，R2分得电压变大，即电压表示数变大，故A正确；

B、先闭合S1，再闭合S2，电路连接情况如图所示：

此时只有R2接入电路中，此时电压表测R2电压（也是电源电压），所以电压表示数变大；由A知，只闭合S1时电流表未接入电路，示数为0，所以再闭合S2后电流表示数变大，故B错误；

CD、由B知，闭合S1和S2时，电压表与电流表比值等于R2的阻值，

再闭合S3，电路连接情况如图所示：

此时滑动变阻器和R1、R2并联，电压表测电源电压，电流表测R1、R2的总电流，所以电压表与电流表比值等于R1、R2并联的总电阻，并联电路的总电阻小于任一支路电阻，所以电压表与电流表比值变小，故C正确；

滑片P向右滑动，压表与电流表比值仍等于R1、R2并联的总电阻，所以比值不变，故D正确．

故选ACD．

【点评】本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律的应用，解题的关键在于正确分析开关在不同状态下电路结构．

二、（保定中考物理）填空及简答题（本大题共8个小题；每空1分，共24分）

19．一束光入射到平面镜上，入射光线与镜面的夹角为35度，则反射角为　55　度．

【考点】光的反射定律．

【分析】法线垂直于反射面；入射角是入射光线与法线的夹角；反射光线与法线的夹角是反射角；光的反射现象中，反射角等于入射角．由此解答．

【解答】解：

入射光线与镜面的夹角是35°，所以入射角为90°﹣35°=55°．

因为在反射现象中反射角等于入射角，所以反射角也是55°．

故答案为：55．

【点评】此题主要考查了光的反射定律的内容，同时还考查了入射角与反射角的概念，是一道基础题．

20．人们都有这样的体会：撑着太阳伞走在大路上（如图所示），一阵强风水平吹过来，伞面会向上翻，这是因为伞面上方空气流速　大于　伞面下方空气流速．伞的上表面受到的气体压强　小于　下表面受到的气体压强，导致伞面受到向上的压力　大于　向下的压力．（选填“大于”或“小于”）

【考点】流体压强与流速的关系．

【分析】本题利用流体压强与流速的关系来分析：伞上方空气流速大压强小，下方空气流速小压强大，伞在压强差的作用下，受到升力作用被吸起来．

【解答】解：伞上方凸起，呈弧形，在相同时间内，空气经过上方的路程长，速度大；经过下方的路程短，速度小．上方空气流速越大，压强越小；下方空气流速越小，压强越大．所以伞下方的气压大于伞上表面的气压，导致伞面受到向上的压力大于向下的压力，所以伞会被向上吸起来．

故答案为：大于；小于；大于．

【点评】本题考查流体压强与流速的关系，通过分析伞上下方空气的流速来判断压强的大小是解决本题的关键．

21．在“节能减排，低碳生活”的理念下，太阳能越来越受到人们的青睐，太阳能属于　可再生　能源（填“可再生”或“不可再生”）．许多家庭安装了太阳能热水器，太阳能热水器主要是通过　热传递　方式增加水的内能．装有40kg水的热水器温度升高25℃，水的内能增加了　4.2×106　J．【水的比热容c=4.2×103J/（kg•℃）】

【考点】太阳能热水器中的热量计算．

【分析】（1）可再生能源的特点是可以重复利用，取之不尽用之不竭，例如风能、水能、太阳能等；

（2）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；

（3）知道水的质量、水的比热容、水升高的温度，利用吸热公式Q吸=cm△t求水吸收的热量．

【解答】（保定中考物理）解：

（1）太阳能可以在短时间内重复得到，所以是可再生能源；

（2）太阳能热水器是利用太阳能的照射把热转移给了水，使水的内能增大，温度升高，所以是通过热传递方式增加水的内能的；

（3）水吸收的热量Q吸=cm△t=4.2×103J（kg•℃）×40kg×25℃=4.2×106J．水吸热内能增加，所以增加的内能与水吸收的热量相等．

故答案为：可再生；热传递；4.2×106．

【点评】此题考查了可再生能源和不可再生能源分类的判断，改变内能的方法和比热容公式的应用，是一道基础题．

22．如图所示，物体A重20N，滑轮重1N，绳重不计，弹簧秤示数为25N，则物体B的重为　12　N．A对地面的压力为　8　N．

【考点】力的合成与应用；二力平衡条件的应用；定滑轮及其工作特点．

【分析】解决此题的关键是要知道滑轮两端拉力大小相等，可首先对滑轮进行受力分析，根据力的平衡去分析，然后对A、B物体进行受力分析，根据力的平衡去求解．

【解答】解：B物体在重力和拉力的作用下处于静止状态，故F=GB，对滑轮进行受力分析，滑轮受到了弹簧向上的拉力、本身的重力、两端绳子的拉力，根据力的平衡，可知弹簧秤示数=G滑轮+2F，故物体B的重力GB=12N；

对A物体进行受力分析，受到了绳子对A向上的拉力F，地面对A向上的支持力N，本身的重力GA，因A也处于平衡状态，故F+N=GA，所以

N=8N，A对地面的压力也是8N．

故答案为：12，8．

【点评】解决此类题目的关键是选择合适的研究对象进行受力分析，然后根据力的平衡知识去求解问题．

23．小华用电能表测量家中电热淋浴器的实际功率和效率，他将家中其他用电器与电源断开，仅让电热淋浴器工作20min，他家的电能表示数变化如图所示，同时，电热淋浴器内质量为25kg，初温为20℃的水被加热到50℃，已知C水=4.2×103J/（kg•℃）．那么这个电热淋浴器的实际功率是　3000　W．电热淋浴器的效率是　87.5%　．

【考点】电功与热量的综合计算．

【分析】（1）根据电能表的示数差得出消耗的电能，再根据P=求出电热淋雨器的实际功率；

（2）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；

利用η=×100%求出此过程电热淋浴器的热效率．

【解答】解：（1）电热淋浴器消耗的电能：

W=1288.5kW•h﹣1287.5kW•h=1kW•h=3.6×106J=3.6×106J，

电热淋浴器的实际功率：P===3000W；

（2）水吸收的热量：

Q吸=cm（t﹣t0）

=4.2×103J/（kg•℃）×25kg×（50℃﹣20℃）

=3.15×106J；

电热淋浴器的热效率：η=×100%=×100%=87.5%．

故答案为：3000；87.5%．

【点评】本题是一道电学与热学的综合计算题，考查了热量的计算、电功的计算、功率的计算、电热淋浴器的效率的计算，要注意区分哪些是有用能量（被水吸收的）、哪些是总能量（消耗的电能）．

24．2014年4月，我海军372号潜艇在高密度海水区域内沿水平方向潜航，如图所示．潜艇总质量3.3×103t，体积为3×103m3，高密度海水密度为　1.1×103　kg/m3．潜航时，不慎全部驶入密度为1.02×103kg/m3的低密度海水区域，导致浮力减小了　2.4×106　N，导致潜艇加速下沉，当仪表显示海水压强为4×106Pa时，潜艇表面1cm2的面积受到海水压力　400　N，达到潜艇承受极限．官兵紧急排出水舱内的水，潜艇最终转危为安．（g取10N/kg）

【考点】密度的计算；阿基米德原理．

【分析】①悬浮的物体，浮力等于重力；其平均密度与所浸入的液体密度相同．已知潜艇总质量和体积，可以得到平均密度，据此得到高密度海水密度值；

②已知潜艇体积和低密度海水密度，可以得到在此海域受到的浮力，与悬浮在高密度海水中受到的浮力之差，就是减小的浮力；

③已知潜艇受到海水的压强和受力面积，利用公式F=pS得到受到的海水压力．

【解答】解：

①潜艇的平均密度为ρ潜艇===1.1×103kg/m3，

所以高密度海水的密度为ρ高=ρ潜艇=1.1×103kg/m3；

②潜艇在高密度海水中受到的浮力为F浮=G潜艇=m潜艇g=3.3×106kg×10N/kg=3.3×107N，

潜艇在低密度海水中受到的浮力为F浮′=ρ低gV排=1.02×103kg/m3×10N/kg×3×103m3=3.06×107N；

潜艇受到的浮力减小了△F=F浮﹣F浮′=3.3×107N﹣3.06×107N=2.4×106N；

③因为p=，

所以潜艇表面1cm2的面积受到海水压力为F=pS=4×106Pa×10﹣4m2=400N．

故答案为：1.1×103；2.4×106；400．

【点评】此题是一道力学综合题，考查了物体的浮沉条件、阿基米德原理和压强变形公式的应用，属于力学重要规律的考查．

25．一种亮度可以调节的小台灯，其电路如图甲所示．电源电压为24V，灯泡L的额定电压为24V，通过灯泡L的电流跟其两端电压的关系如图乙所示．当灯泡正常发光时，灯丝的电阻为　60　Ω．调节滑动变阻器R，使灯泡两端的电压是12V，则灯泡的实际功率为　3.6　W，滑动变阻器R连入电路的阻值是　40　Ω．

【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．

【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据图象读出通过灯泡的电流，利用欧姆定律求出灯泡正常发光时灯丝的电阻；

（2）由电路图可知，R与L串联，根据图象读出灯泡两端的电压是12V时的电流，根据P=UI求出灯泡的实际功率，根据串联电路的电压特点求出变阻器两端的电压，利用串联电路的电流特点和欧姆定律求出滑动变阻器R连入电路的阻值．

【解答】（保定中考物理）解：（1）灯泡正常发光时的电压为24V，由图乙可知通过灯泡的电流IL=0.4A，

由I=可得，此时灯丝的电阻：

RL===60Ω；

（2）由电路图可知，R与L串联，由图象可知灯泡两端的电压是12V时，通过灯泡的电流IL′=0.3A，

此时灯泡的实际功率：

PL′=UL′IL′=12V×0.3A=3.6W，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，滑动变阻器两端的电压：

U滑=U﹣UL′=24V﹣12V=12V，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，滑动变阻器R连入电路的阻值：

R滑====40Ω．

故答案为：60；3.6；40．

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图象读出不同电压下通过灯泡的电流，要注意灯泡的电阻是变化的．

26．小球在没有空气阻力的情况下，沿无摩擦轨道运动．

（1）如图1所示，小球从A点静止释放，小球到达C点时速度是否为零？　是　．

（2）针对小球的运动，从势能与动能相互转化的角度提出一个问题并回答．

问题：　小球向下运动的过程中，动能和势能是如何转化的　？回答：　重力势能逐渐转化为动能　．

（3）将轨道BC段改为水平，如图2所示．小球仍从A点静止释放，小球经过M点时的机械能大于、小于还是等于其在A点的机械能？　等于　．以小球经过M点时为计时起点，大致画出小球在MN段运动的速度﹣时间图线．（如图3）

（4）小球在MN段运动的过程中受到哪些力的作用？　重力、支持力　．维持小球运动的原因是什么？　小球具有惯性　．

【考点】动能和势能的转化与守恒；力与运动的关系．

【分析】（1）在不计阻力和摩擦的情况下，机械能是守恒的．

（2）动能和势能之间可以相互转化，根据其不同运动阶段可判断其机械能转化情况；

（3）据牛顿第一运动定律可知，一切物体在没有受到外力时，总保持静止状态或匀速直线运动状态；

（4）根据小球在水平面的运动情况，可从惯性角度做出解释，同时可确定其受力情况．

【解答】解：（1）小球从A点静止释放，由于不计空气阻力和摩擦，没有机械能的损失，所以小球到达C点时速度是0；

（2）由于动能和势能之间可以相互转化，所以小球向下运动的过程中，重力势能逐渐转化为动能；同样，小球向上运动的过程中，动能转化逐渐为重力势能．

（3）据题目可知，由于不计空气阻力和摩擦，机械能是守恒的，所以小球经过M点时的机械能是等于其在A点的机械能的；

同时由于不计空气阻力和摩擦力，小球原来是运动的，所以小球在MN段做匀速直线运动，如下图：

（4）由题意可知，轨道无摩擦，小球在MN段运动的过程中受到重力和支持力的作用；

小球只所以在MN段仍可继续向前运动，是因为小球具有惯性．

故答案为：（1）是；

（2）小球向下运动的过程中，动能和势能是如何转化的？重力势能逐渐转化为动能．（合理即可）

（3）等于；图象见上图；

（4）重力、支持力；小球具有惯性．

【点评】读懂题意，知道在不计空气阻力和摩擦的情况下，机械能是守恒的．会分析动能与势能的转化，会对物体进行受力分析等，是解答本题的关键．

三、（保定中考物理）实验探究题（共25分）

27．小刚和小明等同学一起做“探究杠杆的平衡条件”的实验

（1）小刚将杠杆中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆的左端上翘，此时，他应将杠杆两端的平衡螺母向　左　（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡．

（2）如图所示，若每个钩码重0.5N，且杠杆上每格相等，小明在杠杆左端图示位置处挂上3个钩码，为使杠杆在水平位置平衡，他在图中A处施加一个方向向上的力F1，此力大小至少为　2　N．

（3）若推去力F1，改在杠杆右端B处施加一个方向向下的力F2（如图乙所示），仍使杠杆平衡，请在图乙中画出力F2的力臂．

【考点】探究杠杆的平衡条件实验．

【分析】（1）实验前调节杠杆在水平位置平衡，将平衡螺母向较高的一端调节；

（2）根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2，力要最小，力臂须最大，由此分析计算最小力；

（3）力臂是支点到力的作用线的距离，由此画出F2的力臂．

【解答】解：

（1）杠杆左端上翘，此时应将杠杆两端的平衡螺母向左调节；

（2）根据杠杆的平衡条件可知，当力臂最大时，力才最小，由图以A到O点距离为力臂是最大的力臂，则力方向应竖直向上，若杠杆上每格长为l，

F1×3l=3×0.5N×4l，

所以F1=2N；

（2）先延长力的作用线，再从O点作它的垂线，即F2的力臂，如图所示：

故答案为：（1）左；（2）2；（3）见上图．

【点评】此题是探究杠杆的平衡条件实验，考查了杠杆的调节及平衡条件的应用以及力臂的画法，要分析过程中，要注意力和力臂的统一，力臂的作图要规范．

（1）导体棒ab左右运动，如图甲所示，电流表指针　不发生偏转　，这是因为　开关没有闭合　．

（2）导体棒ab左右运动，如图乙所示，电流表指针　发生偏转　．

（3）导体棒ab上下运动，如图丙所示，电流表指针　不发生偏转　．

（4）结合上面实验现象，可以得出感应电流产生的条件是：　闭合电路的一部分导体；在磁场中做切割磁感线运动　．

【考点】探究电磁感应现象的实验．

【分析】产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动

【解答】解：

（1）导体水平左右运动，如图甲所示，电流表指针不偏转，因为开关没有闭合；

（2）导体水平左右运动，如图乙所示，导体做切割磁感线的运动，电路中有电流产生，电流表指针偏转．

（3）导体竖直上下运动，如图丙所示，电流表指针不发生偏转，因为导体没有作切割磁感线运动；

（4）由此可得出，感应电流产生的条件：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中有感应电流．

故答案为：（1）不发生偏转；开关没有闭合；（2）发生偏转；（3）不发生偏转；（4）闭合电路的一部分导体；在磁场中做切割磁感线运动．

【点评】本题考查了产生感应电流的条件，一为闭合电路路、二为部分导体做切割磁感线，两个缺一不可．

29．（保定中考物理）由某种合金制成的两个大小不同的工艺品，其中一个实心，一个空心．小华为判定哪个是空心的，进行了如下实验．（已知ρ水=1.0g/cm3，取g=10N/kg）

【实验过程】将下列实验步骤中空白处补充完整．

（1）用弹簧测力计测出小工艺品的重力G1=2N．

（2）将挂在测力计下方的小工艺品浸没水中，小工艺品受到　3　个力的作用，此时测力计的示数F1=1.6 N，则浮力F浮=　0.4　 N．

（3）用测力计测出大工艺品的重力G2=3N．

（4）如图所示，将挂在测力计下方的大工艺品浸没水中，测力计的示数F2=　2.2　 N．

（5）结合测量数据判断　大　（选填“大”或“小”）工艺品是空心的．理由是　大工艺品所受浮力是小工艺品所受浮力的二倍，说明大工艺品体积是小工艺品体积的二倍，但质量小于二倍关系　．

（6）计算合金的密度ρ=　5.0　 g/cm3．

（7）空心工艺品空心部分的体积是　20　cm3．

【考点】固体的密度测量实验．

【分析】（1）对浸没水中的小工艺品受力分析可知受到的力，利用称重法求出受到的浮力；

（2）根据弹簧测力计的分度值读出示数；

（3）根据称重法求出大工艺品受到的浮力，根据阿基米德原理求出大工艺品和小工艺品排开水的体积即为工艺品的体积，根据密度公式和重力公式求出两者的密度，密度大的为实心的且密度为合金的密度，小的为空心的；

（4）根据密度公式求出空心工艺品中合金的体积，总体积减去合金的体积即为空心部分的体积．

【解答】解：

实验过程：

（2）对浸没水中的小工艺品受力分析可知，小工艺品受到竖直向下的重力和竖直向上绳子的拉力、液体的浮力，故小工艺品受到三个力的作用；

根据称重法可知，小工艺品受到的浮力F浮=G1﹣F1=2N﹣1.6N=0.4N；

（4）图中弹簧测力计的分度值为0.2N，测力计的示数F2=2.2N；

（5）大工艺品受到的浮力F浮′=G2﹣F2=3N﹣2.2N=0.8N，

大工艺品所受浮力是小工艺品所受浮力的二倍，说明大工艺品体积是小工艺品体积的二倍，但质量小于二倍关系，

可以判断大工艺品是空心的；

（6）两者完全浸没，根据阿基米德原理可得，两者排开液体的体积即合金的体积：

V1===4×10﹣5m3，V2===8×10﹣5m3，

根据m=得小工艺品的质量m1===0.2kg，大工艺品的质量m2===0.3kg；

小工艺品的密度ρ1===5×103kg/m3=5g/cm3，

即合金的密度为5g/cm3

（7）大工艺品中合金的体积：

V合金===6×10﹣5m3，

空心工艺品空心部分的体积：

V空=V2﹣V合金=8×10﹣5m3﹣6×10﹣5m3=2×10﹣5m3=20cm3．

故答案为：（2）3；0.4；（4）2.2；（5）大；大工艺品所受浮力是小工艺品所受浮力的二倍，说明大工艺品体积是小工艺品体积的二倍，但质量小于二倍关系；（6）5.0；（7）20．

【点评】本题考查了称重法求浮力和阿基米德原理、密度公式的应用以及弹簧测力计的读数，关键是会根据两者的密度判断是否空心和空心部分体积的计算．

（1）请你用笔画线代替导线，把图甲所示的实验电路补充完整．

（2）小彬5Ω定值电阻接入电路后，闭合开关，发现电流表有示数而电压表无示数，则电路中的故障可能是　定值电阻R1短路　（写出一种）；排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数如图13乙所示，此时电路中的电流为　0.36　A．

（3）将5Ω定值电阻换成10Ω定值电阻，闭合开关，为了保持　电压　表的示数不变，应将滑动变阻器的滑片P向　A　（选填“A”或“B”）移动，记录此时各表的示数．

（4）将10Ω定值电阻换成20Ω定值电阻，重复步骤（3）．

（5）实验记录的多组数据如表所示．分析数据可得出结论：当电压一定时，通过导体中的电流与电阻成　反　比．

实验次数	定值电阻（Ω）	电流表示数（A）
1	5
2	10	0.18
3	20	0.09

（6）实验结束后，小彬问老师在此实验中能否换用50Ω的定值电阻进行实验？老师指导小彬分析了不能更换的原因．你认为其原因是　滑动变阻器最大阻值太小，无法保持电压表示数为1.8V　．

【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．

【分析】（1）电压表与电阻并联，电流表、滑动变阻器与电阻串联，滑动变阻器要接一上一下；

（2）根据电流表和电压表有示数进行分析具体原因；根据电流表的量程和分度值读出电流值；

（3）根据串联电路的分压特点，换接电阻后，应保持电压表的示数不变，根据串分压的知识判断滑片的移动方向；

（5）电流与电阻的关系：电压一定，电流与电阻成反比；

（6）根据欧姆定律求出若换用50Ω的定值电阻进行实验时结合串联电路的分压特点即可判断电压表最大示数．

【解答】解：（1）电压表与电阻并联，由于电源电压为3V，所以应选择0～3V的量程；滑动变阻器已接了下面一个接线柱，可再接上面任意一个接线柱，如图所示：

（2）电流表有示数，电压表无示数，说明与电压表并联部分发生短路，或定值电阻R1短路；由乙图知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.36A；

（3）将5Ω电阻换成10Ω后，电压表的示数会变大，所以应该增大滑动变阻器的阻值，即应将滑动变阻器的滑片P向A移动，使电压表仍为原来的示数不变；

（5）电流和电阻的关系为：当电压一定时，通过导体中的电流与电阻成反比；

（6）当定值电阻为50Ω时，此时滑动变阻器最大阻值为20Ω，

根据串联电路的分压特点可知： =，

所以， =，

则定值电阻两端最小电压为×3V≈2.14V＞1.8V，

由此可知无法保持定值电阻两端电压始终为1.8V．

故答案为：（1）见上图；（2）定值电阻R1短路；0.36；（3）电压；A；（5）反；（6）滑动变阻器最大阻值太小，无法保持电压表示数为1.8V．

【点评】此题是探究电流和电阻的关系实验，考查了控制变量法的应用，同时考查了电流表、电压表、滑动变阻器的接法，考查了电流表的读数及电阻的计算，涉及到了串联电路中电流、电压的关系及欧姆定律的灵活应用．

四（保定中考物理）、计算题（31题6分，32题8分，共14分）

（1）它受到的重力是多少？（g取10N/kg）

（2）静止时，它对水平地面的压强是多少？

（3）若它用120N的水平拉力在10s内匀速拖动重物前进1m，则拉力的功率是多少？

【考点】重力的计算；压强的大小及其计算；功率的计算．

【分析】（1）知道机器人的质量，利用重力公式求其重力；

（2）机器人对水平地面的压力等于重力，又知道受力面积，利用压强公式求机器人对地面的压强；

（3）由W=Fs计算拉力做的功，由P=计算拉力的功率．

【解答】解：拉力的功率

（1）微型机器人的重力：

G=mg=1.2×10﹣2kg×10N/kg=0.12N；

（2）机器人静止时，它对水平地面的压力F=G=0.12N，

对水平地面的压强：

p===1200Pa；

（3）拉力做的功：

W=Fs=120N×1m=120J，

拉力的功率：

P===12W．

答：（1）机器人受到的重力是0.12N；

（2）静止时，它对水平地面的压强是1200Pa；

（3）拉力的功率是12W．

【点评】此题主要考查的是对重力、压强、功和功率公式的理解和掌握，知道机器人对地面的压力等于其重力是解决此题的关键．

（1）小灯泡的电阻；

（2）定值电阻R0和电源电压；

（3）开关S2闭合、S1断开，滑片P由变阻器的最左端逐渐向右端移动，当电压表的示数分别为9V与满量程时，变阻器消耗电功率的差值．

【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算．

【分析】（1）由P=计算灯泡电阻；

（2）当开关S2闭合、S1断开，滑片P置于变阻器上的b点时，R与R0串联，Ub=8V，由图2可知电阻Rb的阻值，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出电源的电压；只闭合S1，R与L串联，当滑片P置于a点，根据Ia：Ib=3：5求出Ia，再根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，根据电源的电压不变得出等式，然后结合Ra：R0=12：5即可求出R0的阻值和电源的电压；

（3）当电压表的示数为9V时，R0与R分得的电压相等，则R=R0，根据P=求出变阻器消耗的电功率；再根据P=求出当电压表的示数为满量程时，变阻器消耗的电功率；从而得到变阻器消耗电功率的差值．

【解答】（保定中考物理）解：

（1）已知灯泡的额定电压和额定功率，由P=可得，灯泡电阻：

RL===12Ω；