2018年江西省吉安市中考物理压轴题（精编解析版）

2018年江西省吉安市中考物理压轴题（精编解析版）

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一、填空题（共20分，每空1分）

1．声音在15℃的空气中的传播速度为m/s；对人体的安全电压不高于V．

2．如图所示，盛夏时节百花绽放．四溢的花香引来长缘天蛾，闻到花香说明，长缘天蛾吸食花蜜时，以花为参照物它是的．

3．每到端午节，赣江上都会举行龙舟赛．龙舟赛上锣鼓喧天，鼓声是通过传到人耳中，人是根据来判断是鼓发出的声音．

4．盛夏时节天气炎热，小莉从冰箱里拿出根冰棒吃了起来，顿时感觉凉爽了．冰棍在熔化过程中要热量；哥哥从冰箱中取出瓶矿泉水，不久后发现，原本干燥的瓶壁上有了许多水珠，这是发生了现象（填一种物态变化名称）

5．抽油烟机是利用气体流速大，压强的原理将油烟抽到室外的；而新型静电抽油烟机又利用带电物体能够轻小物体的性质，进一步降低了油烟对大气的污染．

6．请将“力”的概念图补充完整．

7．如图，这是4月19日上海车展中展出的“汉腾X5EV”电动汽车，给汽车蓄电池充电时，蓄电池相当于（选填“用电器”或“电源”）；由于汽车各转向灯能独立工作，因此转向灯是联的．

8．“辽宁舰”服役，圆了中国航母梦．如图为航母上简化的蒸气弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度．牵引索与蒸气活塞连接的两个滑轮为（填“定”或“动”）滑轮；气缸内蒸气体积膨胀对外做功，内能（选填“增大”、“减小”或“不变”），同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力．

9．小明学习了电学知识以后，想在家里安装一盏照明灯和一个三孔插座，他设计的电路如图所示，图中虚线框A和B内分别接入开关或灯泡，则虚线框A内应接，图中三孔插座的插孔（选填“a”、“b”或“c”）应与地线相连．

10．如图所示，这是某宾馆走廊廊灯的自动控制电路，走廊入口上方安装有反射式光电传感器，当人靠近到一定距离时，从光电传感器上发射的红外线经人体反射后被接收器接收，接收器中的光敏电阻R0阻值减小，电磁铁磁性，工作电路接通，灯泡发光，图中电磁铁的上端是极．

二、选择题（共26分，第11～16小题，每小题只有一个正确答案，每小题3分；第17、18小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确答案，每小题3分，全部选择正确得4分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）

11．小明对教室中一些物理量的估测，合理的是（）

A．黑板擦受到的重力约为100N

B．课桌的高度约为80cm

C．教室内一盏日光灯的功率约为1000W

D．教室内感觉比较舒适的温度约为37℃

12．如图所示，属于光的反射现象的是（）

A．手影游戏              B．水中倒影             

C．铅笔“折断”              D．雨后彩虹

13．小明在完成“探究凸透镜成像规律”实验后，为进一步了解“视力矫正”的原理，移动蜡烛，先让烛焰在光屏上成了一个清晰的像．如图所示，然后他在蜡烛和凸透镜之间放置了不同类型的眼镜片，关于本次实验现象正确的是（）

A．放置眼镜片之前，蜡烛在图示位置，光屏上得到的是倒立、放大的实像

B．放置眼镜片之前，蜡烛在图示位置，光屏上得到的是倒立、缩小的虚像

C．将远视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，使光屏靠近透镜，又能在光屏上看到清晰的像

D．将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，使光屏靠近透镜，又能在光屏上看到清晰的像

14．摩拜单车于2月24日宣布登陆南昌开始试运营，继上海、北京、广州、深圳、成都等城市之后，南昌成为该品牌进入的第23个国内城市，如图所示．下列与摩拜单车有关的说法正确的是（）

A．轮胎上制有花纹是为了减小摩擦

B．车坐垫做得较宽是为了增大压强

C．在水平路面上匀速骑行时，车所受的重力做了功

D．停止蹬车后车仍能继续前行，是由于车具有惯性

15．如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P向右移动，在此过程中（）

A．电流表A示数变大，电压表V2示数变小

B．电流表A示数变大，电压表V1示数变小

C．电压表V1示数变小，电压表V2示数变大

D．电压表V1示数不变，电压表V2示数变大

16．“天舟一号”货运飞船于4月20日19时41分在海南文昌航天发射场由“长征七号遥二”运载火箭发射升空．意味着中国载人空间站的建成更进一步，这也是中国人实现“太空筑家”梦想的关键一步．如图，这是火箭加速升空时的情景，以下说法正确的是（）

A．火箭上升的过程中动能不变，重力势能增大

B．火箭升空利用了力可以改变物体的运动状态

C．火箭升空时受到平衡力的作用

D．火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢具有较大的比热容

17．建筑工地上需要将6块相同的砖从地面运送到楼頂，工人师傅利用如图所示的装置，分三次运送．第一次运1块，第二次运2块，第三次运3块，每次运送时，砖都匀速上升，绳重及摩擦均忽略不计，这三次拉力依次为F1、F2、F3，效率为η1、η2、η3，则（）

A．F1+F2=F3              B．F1+F2＞F3              C．η1+η2=η3              D．η1＜η2＜η3

18．制图象是对物理过程分析和实验数据处理的一种常用方法，它可以直观地反映各物理量之间的关系．如图所示的图象中，不正确的是（）

A．汽车的匀速直线运动图象B．铝的质量与体积的关系图象

C．电阻一定时，通过它的电流跟它两端电压关系图象D．海波的熔化图象

三、简答与计算题（共26分，第19小题5分，第20小题6分，第21小题7分，第22小题8分）

19．如图所示是一种测定油箱内油量多少的装置．试问：当电流表示数越大时，油箱里的油量是越多还是越少？请说明理由．

20．把体积为500cm3，重为4N的小球放入盛水的容器中，球静止时水深40cm，g=10N/kg．求：

（1）容器底受到水的压强p是多少？

（2）小球的密度ρ是多少？

（3）小球受到的浮力F浮是多少？

21．如图所示，灯L上标有“6V   3W”的字样（不考虑温度对灯泡电阻的影响），电阻R1=20Ω．求：

（1）灯泡的电阻．

（2）当开关S1闭合，S2、S3都断开时，灯L正常发光，电源电压．

（3）开关S1、S2、S3都闭合，且滑片P在b端时，电流表的示数为2.4A，滑动变阻器R2的最大阻值．

22．家用豆浆机的外形如图甲所示，其机头主要由一个电热器（电热丝）R和一个电动机M带动的打浆器构成，内部电路简化图如图乙所示．制作豆浆的过程是加热，后打浆，再加热煮熟，即加热和打浆是交替进行的．某品牌豆浆机铭牌上的部分技术参数如表．

（1）豆浆机在额定电压下打浆，通过电动机的电流是多少？

（2）小明同学想测算该豆浆相的加热效率，他把100g大豆和1.4kg清水放入豆浆机中，测出其初温为20℃，当电热器正常工作时加热总时间为9分钟豆浆沸腾，测其温度为100℃．请你帮他计算豆浆机吸收了多少热量？豆浆机的加热效率是多少？[C豆浆=4.0×103J/（kg•℃）]

（3）小明同学晚上使用该豆浆机，在与第（2）问条件相同情况下，发现电热器加热总时间由以前的9分钟变为10分钟，豆浆机的加热电阻R和加热效率均不变，求晚上的实际电压值．已知≈0.95．

四、实验与探究题（共28分，每小题7分）

23．（1）用天平测量物体的质量时，砝码与游码的读数如图甲所示，则物体的质量是g．如图乙所示，刻度尺的分度值为cm，物体的长度为cm．

（2）某家庭电能表如图丙所示．若该家庭单独让空调工作，测得1min内电能表转盘转了60转，则空调消耗的电能为kW•h，空调的电功率是W．

（3）如图丁所示，电流表的示数是A，电压表的示数是V．

24．小明同学在“研究杠杆平衡条件”实验中：

（1）实验时应先调节杠杆在位置平衡，这样做的目的是，若出现图甲所示情况，应将杠杆的螺母向（选填“左”或“右”）调．

（2）杠杆平衡后，小明在图乙所示的A位置挂上3个钩码，为了使杠杆在水平位置平衡，这时 应在B位置挂上个钩码．

（3）如表是该组某同学在实验中记录杠杆平衡的部分数据：

如表中空格处所缺的数据是：△=，☆=；

（4）分析如表中的实验数据可以得出的结论是．

25．在探究“阻力对物体运动的影响”实验中，在水平木板上先后铺上粗糙程度不同的毛巾和棉布；让小车从斜面顶端由静止滑下，如图1所示，观察和比较小车在毛巾表面，棉布表面和木板表面滑行的距离．

（1）实验中每次均让小车从斜面顶端由静止滑下的目的是：使小车每次在水平面上开始滑行时速度大小（选填“相等”或“不相等”）；

（2）实验中是通过改变来改变小车所受阻力大小的．

（3）实验中发现：小车在毛巾表面上滑行的距离最短，在木板上滑行的距离最远，说明小车受到的阻力越小，速度减小得越（选填“快”或“慢”）．

（4）推理：本实验中，如果小车在水平面上滑行时受到的阻力为零，它将做．

（5）在此基础上，牛顿总结了伽利略等人的研究成果概括出牛顿第一定律，请问：牛顿第一定律（选填“能”或“不能”）直接由实验得出．

（6）本实验中小车在水平面上三次滑行过程中消耗的机械能大小（选填“相等”或“不相等”．）

（7）通过上面的探究后，小明再想考如下的问题，如图2所示，摆球从A点由静止释放摆到右侧最高点C时，如果摆球所受的力忽然全部消失，则摆球将（选填“往回摆”“静止”或“做匀速直线运动”．）

26．小丽同学手里有一个标有“3.8V”字样的小灯泡，她想知道小灯泡正常工作时的电阻，于是在学校实验室找来一些器材连接了如图甲所示的实验电路，电源电压恒定不变．

（1）小丽测小灯泡电阻的实验原理是．

（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物连接完整（要求滑片向左移灯泡变亮），并在虚线框内画出电路图．

（3）闭合开关，移动滑动变阻器滑片，她发现灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表无示数，其故障原因是．

（4）故障排除后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，示数为A，小灯泡正常工作时的电阻是Ω．

（5）完成上述实验后，小丽向老师要了一个已知阻值为R0的定值电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图丙所示的实验电路，测出了小灯泡的额定功率，请你帮她完成下列实验步骤：

①连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点2，移动滑片，使电压表的示数为V．

②保持滑片的位置不动，再将开关S2拨到触点1，读出电压表的示数为U．

③小灯泡额定功率的表达P额=（用已知量和测量量表示）．

2018年江西省吉安市中考物理压轴题参考答案与试题解析

一、填空题（共20分，每空1分）

1．声音在15℃的空气中的传播速度为　340　m/s；对人体的安全电压不高于　36　V．

【考点】93：声速；I1：电压．

【分析】根据对声速和对人体安全电压的了解可直接做出解答．

【解答】解：声音在15℃的空气中的传播速度为340m/s；

经验表明，对人体的安全电压是不高于36V的电压．

故答案为：340；36．

2．如图所示，盛夏时节百花绽放．四溢的花香引来长缘天蛾，闻到花香说明　分子在不停的做无规则运动　，长缘天蛾吸食花蜜时，以花为参照物它是　静止　的．

【考点】GV：分子的运动；52：参照物及其选择．

【分析】扩散现象说明分子在不停的做无规则运动，分子间有间隙，物体间位置是否有改变，确定是静止还是运动．

【解答】解：能够闻到花香，空气中有大量的花粉分子，说明分子在不停的做无规则运动；天蛾与花的位置没有发生改变，所以是静止的．

故答案为：分子在不停的做无规则运动；静止．

3．每到端午节，赣江上都会举行龙舟赛．龙舟赛上锣鼓喧天，鼓声是通过　空气　传到人耳中，人是根据　音色　来判断是鼓发出的声音．

【考点】92：声音的传播条件；9H：音色．

【分析】（1）声音的传播需要介质，气体、液体和固体都能够传播声音，都是传播声音的介质；

（2）响度是指声音的强弱，它与物体振幅有关．音调是指声音的高低，它与物体振动频率有关．音色是指声音的品质与特色．

【解答】解：声音的传播需要介质，鼓声是通过空气传到人耳中；

由于不同的乐器所发出声音的音色是不同的，所以我们是根据音色来判断是鼓发出声音的．

故答案为：空气；音色．

4．盛夏时节天气炎热，小莉从冰箱里拿出根冰棒吃了起来，顿时感觉凉爽了．冰棍在熔化过程中要　吸收　热量；哥哥从冰箱中取出瓶矿泉水，不久后发现，原本干燥的瓶壁上有了许多水珠，这是发生了　液化　现象（填一种物态变化名称）

【考点】19：熔化与熔化吸热特点；1M：液化及液化现象．

【分析】解决此题要知道物质由固态变成液态叫做熔化，熔化过程需要吸收热量．物质由气态变成液态叫做液化，

【解答】解：①冰棍在嘴里会熔化，熔化过程需要吸收热量，所以会感觉凉爽；

②从冰箱中取出的矿泉水，温度比较低，空气中的水蒸气遇到比较冷的饮料瓶就会液化为小水珠，附着在饮料瓶表面．

故答案为：吸收；液化．　

5．抽油烟机是利用气体流速大，压强　小　的原理将油烟抽到室外的；而新型静电抽油烟机又利用带电物体能够　吸引　轻小物体的性质，进一步降低了油烟对大气的污染．

【考点】8K：流体压强与流速的关系；H1：物体带电现象．

【分析】（1）在液体或气体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大；

（2）物体具有吸引轻小物体的性质，就说明物体带了电荷；

【解答】解：由流体压强与流速的关系：流速越大的位置压强越小，可知抽油烟机在工作时，由于转动的扇叶处气体的流速大，压强小，从而在周围大气压的作用下将油烟压向扇口排出；而新型静电抽油烟机又利用带电物体能够吸引轻小物体的性质，即可以吸引更多的油烟颗粒，进一步降低了油烟对大气的污染．

故答案为：小；吸引．　

6．请将“力”的概念图补充完整．

【考点】6F：力的作用效果；6G：力的三要素；6I：力作用的相互性．

【分析】力是物体对物体的作用，力作用在物体上，使物体发生两方面的变化：一是物体形状的改变，二是物体运动状态的改变．力的三要素是力的大小、方向和作用点，它们是影响力的作用效果的因素．

【解答】解：力的作用效果有：一是改变物体的运动状态，包括运动方向和运动速度的改变；二是改变物体的形状．

影响力的作用效果的因素是力的大小、方向和作用点，称为力的三要素．

故答案为：①改变物体的运动状态；②力的大小、方向和作用点．

7．如图，这是4月19日上海车展中展出的“汉腾X5EV”电动汽车，给汽车蓄电池充电时，蓄电池相当于　用电器　（选填“用电器”或“电源”）；由于汽车各转向灯能独立工作，因此转向灯是　并　联的．

【考点】HT：串联电路和并联电路的辨别；HN：电路的组成．

【分析】（1）电池供电时是电源，充电时则为用电器；

（2）串联电路中各用电器互相影响，并联电路中各用电器互不影响．

【解答】解：（1）给汽车蓄电池充电时，蓄电池消耗电能，所以相当于用电器；

（2）汽车各转向灯能独立工作，互不影响，因此转向灯是并联的．

故答案为：用电器；并．

8．“辽宁舰”服役，圆了中国航母梦．如图为航母上简化的蒸气弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度．牵引索与蒸气活塞连接的两个滑轮为　定　（填“定”或“动”）滑轮；气缸内蒸气体积膨胀对外做功，内能　减小　（选填“增大”、“减小”或“不变”），同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力．

【考点】7V：定滑轮及其工作特点；G9：做功改变物体内能．

【分析】（1）知道定滑轮是轴的位置固定不动的滑轮，动滑轮是轴的位置随被拉物体一起运动的滑轮；

（2）物体对外界做功，物体的内能减小，温度降低．

【解答】解：

定滑轮是轴的位置固定不动的滑轮，由图可知，牵引索与蒸汽活塞连接的两个滑轮为定滑轮；

气缸内蒸气体积膨胀，对外做功，内能减小，同时推动活塞，使舰载机获得巨大的牵引力．

故答案为：定；减小．

9．小明学习了电学知识以后，想在家里安装一盏照明灯和一个三孔插座，他设计的电路如图所示，图中虚线框A和B内分别接入开关或灯泡，则虚线框A内应接　灯泡　，图中三孔插座的插孔　b　（选填“a”、“b”或“c”）应与地线相连．

【考点】IO：家庭电路的连接．

【分析】开关与被控制的灯串联，为了安全开关接在灯与火线之间．三孔插座的正确接法：左零右火，中间接地线．

【解答】解：

开关应接在灯与火线之间，这样开关断开后，电灯就与火线断开．因此开关应接在B处，灯泡接在A处；

根据三孔插座的正确接法可知，a应与零线相连，c应与火线相连，b与地线相连．

故答案为：灯泡；b．

10．如图所示，这是某宾馆走廊廊灯的自动控制电路，走廊入口上方安装有反射式光电传感器，当人靠近到一定距离时，从光电传感器上发射的红外线经人体反射后被接收器接收，接收器中的光敏电阻R0阻值减小，电磁铁磁性　增强　，工作电路接通，灯泡发光，图中电磁铁的上端是　S　极．

【考点】CF：电磁继电器的组成、原理和特点．

【分析】该自动控制电路的光敏电阻R0与定值电阻R串联，根据串联分压原理得出光敏电阻R0阻值减小时定值电阻电压变化和控制电路中电流变化，从而推出电磁铁磁性强弱变化；

电磁铁的上端的磁极可根据安培定则判断．电磁铁的下端是电流流进端，右手四指顺电流方向握住螺线管后，大拇指指向下端，为N极，则上端是S极．

【解答】解：该自动控制电路的光敏电阻R0与定值电阻R串联，当人靠近到一定距离时，从光电传感器上发射的红外线经人体反射后被接收器接收，接收器中的光敏电阻R0阻值减小，分的电压减小，电路电流变大，电磁继电器磁性增强，衔铁被吸下灯泡发光；电源左端是正极，因此电磁铁的下端是电流流进端，根据安培定则，右手四指顺电流方向握住螺线管后，大拇指指向下端，为N极，则上端是S极．

故答案为：增强；S．

二、选择题（共26分，第11～16小题，每小题只有一个正确答案，每小题3分；第17、18小题为不定项选择，每小题有一个或几个正确答案，每小题3分，全部选择正确得4分，选择正确但不全得1分，不选、多选或错选得0分）

11．小明对教室中一些物理量的估测，合理的是（）

A．黑板擦受到的重力约为100N

B．课桌的高度约为80cm

C．教室内一盏日光灯的功率约为1000W

D．教室内感觉比较舒适的温度约为37℃

【考点】77：重力大小的估测；13：温度；63：长度的估测；J7：电功率．

【分析】首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案．

【解答】解：

A、黑板擦受到的重力约为1N，所以A不符合实际情况；

B、课桌的高度约为80cm，所以B符合实际情况；

C、教室内日光灯正常发光时的电流在0.2A左右，额定功率大约为P=UI=220V×0.2A=44W左右．所以C不符合实际情况；

D、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右，所以D不符合实际情况．

故选B．

12．如图所示，属于光的反射现象的是（）

A．手影游戏              B．水中倒影              C．铅笔“折断”              D．雨后彩虹

【考点】A6：光的反射．

【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；

（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；

（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的．

【解答】解：A、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符；

B、平静水面上树的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意．

C、从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符；

D、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的，故与题意不符．

故选B．

13．小明在完成“探究凸透镜成像规律”实验后，为进一步了解“视力矫正”的原理，移动蜡烛，先让烛焰在光屏上成了一个清晰的像．如图所示，然后他在蜡烛和凸透镜之间放置了不同类型的眼镜片，关于本次实验现象正确的是（）

A．放置眼镜片之前，蜡烛在图示位置，光屏上得到的是倒立、放大的实像

B．放置眼镜片之前，蜡烛在图示位置，光屏上得到的是倒立、缩小的虚像

C．将远视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，使光屏靠近透镜，又能在光屏上看到清晰的像

D．将近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，使光屏靠近透镜，又能在光屏上看到清晰的像

【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．

【分析】（1）根据像距和物距的大小关系，来判断成像的特点；

（2）远视镜是凸透镜，对光线具有会聚作用；

（3）近视镜是凹透镜，对光线具有发散作用．

【解答】解：AB、由图知，物距大于2f，像距小于物距，光屏上得到的是倒立、缩小的实像，A错误，B错误；

C、远视镜片是凸透镜，对光线具有会聚作用，所以远视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，像将提前会聚，使光屏靠近透镜，能在光屏上看到清晰的像，C正确；

D、近视镜片是凹透镜，对光线具有发散作用，所以近视镜片放在蜡烛和凸透镜之间，像将延迟会聚，使光屏远离透镜，能在光屏上看到清晰的像，D错误．

故选C．

14．摩拜单车于2月24日宣布登陆南昌开始试运营，继上海、北京、广州、深圳、成都等城市之后，南昌成为该品牌进入的第23个国内城市，如图所示．下列与摩拜单车有关的说法正确的是（）

A．轮胎上制有花纹是为了减小摩擦

B．车坐垫做得较宽是为了增大压强

C．在水平路面上匀速骑行时，车所受的重力做了功

D．停止蹬车后车仍能继续前行，是由于车具有惯性

【考点】7I：增大或减小摩擦的方法；6L：惯性；85：减小压强的方法及其应用；EA：力是否做功的判断．

【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．

（2）减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强．

（3）做功必须符合两个必要条件：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距离；

（4）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性．

【解答】解：A、轮胎上制有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．故A错误；

B、车坐垫做的较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B错误；

C、在水平路面上匀速骑行时，在重力的方向上没有通过距离，所以车的重力不做功，故C错误；

D、停止蹬车后车仍继续前行，是由于车具有惯性，要继续保持原来的运动状态．故D正确．

故选D．

15．如图所示电路中，电源电压保持不变，闭合开关S后，将滑动变阻器R2的滑片P向右移动，在此过程中（）

A．电流表A示数变大，电压表V2示数变小

B．电流表A示数变大，电压表V1示数变小

C．电压表V1示数变小，电压表V2示数变大

D．电压表V1示数不变，电压表V2示数变大

【考点】IH：欧姆定律的应用；HX：电流表的使用；I3：电压表的使用．

【分析】由电路分析可知滑动变阻器和R1串联在电路中，电压表V1测R1两端电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测总电流；根据滑动变阻器的滑动可知接入电阻的变化，然后根据欧姆定律可知电路中电流的变化；再由欧姆定律可分析出R1两端的电压变化，由串联电路的特点可求得R2两端的电压变化．

【解答】解：滑动变阻器和R1串联在电路中电流表测电路电流，电压表V1测R1的电压，电压表V2测滑动变阻器的电压，滑动变阻器滑片向右移动，接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知电流变大，R1的电压变大，滑动变阻器的电压变小．即电流表A示数变大，电压表V1示数变大，总电压不变，则电压表V2示数变小所以B，C，D错误，A正确．

故选A．

16．“天舟一号”货运飞船于4月20日19时41分在海南文昌航天发射场由“长征七号遥二”运载火箭发射升空．意味着中国载人空间站的建成更进一步，这也是中国人实现“太空筑家”梦想的关键一步．如图，这是火箭加速升空时的情景，以下说法正确的是（）

A．火箭上升的过程中动能不变，重力势能增大

B．火箭升空利用了力可以改变物体的运动状态

C．火箭升空时受到平衡力的作用

D．火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢具有较大的比热容

【考点】FN：动能和势能的大小变化；6U：力与运动的关系；GJ：燃料的热值．

【分析】（1）根据火箭升空时速度和高度的变化来判断动能和重力势能的变化．

（2）力可以改变物体的运动状态；

（3）根据火箭发射时的状态是不是平衡状态即可判断此时所受的力是不是平衡力；

（4）火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢具有较大的热值．

【解答】解：

A、火箭加速升空时，质量不变，速度增大，动能增大；高度增大，重力势能增大；故A错误．

B、火箭升空利用了力可以改变物体的运动状态，故B正确；

C、火箭升空时做加速运动，不是平衡状态，受到的力不是平衡力，故C错误；

D、火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢具有较大的热值，故D错误；

故选B．

17．建筑工地上需要将6块相同的砖从地面运送到楼頂，工人师傅利用如图所示的装置，分三次运送．第一次运1块，第二次运2块，第三次运3块，每次运送时，砖都匀速上升，绳重及摩擦均忽略不计，这三次拉力依次为F1、F2、F3，效率为η1、η2、η3，则（）

A．F1+F2=F3              B．F1+F2＞F3              C．η1+η2=η3              D．η1＜η2＜η3

【考点】7!：滑轮组绳子拉力的计算；F4：滑轮（组）的机械效率．

【分析】根据图示可知，作用在动滑轮上绳子的股数为2；

绳重及摩擦均忽略不计时，根据F=（G+G动）分析F1、F2、F3之间的关系；

根据η====分析η1、η2、η3之间的关系．

【解答】解：根据图示可知，作用在动滑轮上绳子的股数为2；

设一块砖的重力为G，则由F=（G+G动）可得，

F1=（G+G动），F2=（2G+G动），F3=（3G+G动）；

则F1+F2=（G+G动）+（2G+G动）=（3G+2G动）＞（3G+G动）；

因此F1+F2＞F3；故A错误，B正确；

由η====可得，绳重及摩擦均忽略不计，动滑轮的重一定，物重越大，滑轮组的机械效率越大，即η1＜η2＜η3；故C错误，D正确．

故选BD．

18．制图象是对物理过程分析和实验数据处理的一种常用方法，它可以直观地反映各物理量之间的关系．如图所示的图象中，不正确的是（）

A．汽车的匀速直线运动图象B．铝的质量与体积的关系图象

C．电阻一定时，通过它的电流跟它两端电压关系图象D．海波的熔化图象

【考点】68：速度与物体运动；1C：熔化和凝固的温度—时间图象；28：密度及其特性；IF：欧姆定律．

【分析】（1）汽车做匀速直线运动时，速度一定，路程与时间成正比；

（2）同种物质密度一定，质量与体积成正比；

（3）电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；

（4）晶体在熔化过程中，吸热但温度保持不变．

【解答】解：A、汽车做匀速直线运动时，速度一定，路程与时间成正比．如果用横轴表示时间，纵轴表示路程，则图象就是一条斜线，故A正确；

B、同种物质密度一定，质量与体积成正比，用图象表示应该是一条斜向上的直线．而如果是一条平行于横轴的直线，则它所表达的意思就不是质量与体积成正比，故B错误；

C、电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，用图象表示应该是一条斜向上的直线，而不是一条斜向下的直线．斜向下表示电流随着电压的增大在减小，这违背了欧姆定律，故C错误；

D、海波是晶体，晶体在熔化过程中虽然吸热，但温度保持不变，晶体在熔化时有确定的温度，而图象中并没有确定的熔化温度，故D错误．

故选BCD．

三、简答与计算题（共26分，第19小题5分，第20小题6分，第21小题7分，第22小题8分）

19．如图所示是一种测定油箱内油量多少的装置．试问：当电流表示数越大时，油箱里的油量是越多还是越少？请说明理由．

【考点】IZ：电路的动态分析．

【分析】由电路图可知，该装置涉及到浮力、杠杆、滑动变阻器、电流表等相关知识，油面上升通过浮子和杠杆使滑动变阻器连入的电阻变小，电路中的电流变大；油面下降通过浮子和杠杆使滑动变阻器连入的电阻变大，电路中的电流变小．

【解答】解：当电流表示数越大时，油箱里的油量是越多；

它的工作原理是：油箱内油面上升时，金属滑片向下端移动，变阻器连入的电阻变小，电流表示数会变大．　

20．把体积为500cm3，重为4N的小球放入盛水的容器中，球静止时水深40cm，g=10N/kg．求：

（1）容器底受到水的压强p是多少？

（2）小球的密度ρ是多少？

（3）小球受到的浮力F浮是多少？

【考点】2A：密度的计算；89：液体的压强的计算；8S：物体的浮沉条件及其应用．

【分析】（1）知道球静止时水深，根据p=ρgh求出容器底受到水的压强；

（2）知道小球的重力，根据G=mg求出其质量，根据ρ=求出小球的密度；

（3）比较小球的密度和水的密度，然后判断小球静止时所处的状态，然后根据浮沉条件求出受到的浮力．

【解答】解：（1）容器底受到水的压强：

p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.4m=4×103Pa；

（2）由G=mg可得，小球的质量：

m===0.4kg=400g，

小球的密度：

ρ===0.8g/cm3=0.8×103kg/m3．

（3）因为ρ＜ρ水，

所以小球将上浮最终漂浮在水面上，则小球受到的浮力F浮=G=4N．

答：（1）容器底受到水的压强为4×103Pa；

（2）小球的密度是0.8×103kg/m3；

（3）小球受到的浮力是4N．

21．如图所示，灯L上标有“6V   3W”的字样（不考虑温度对灯泡电阻的影响），电阻R1=20Ω．求：

（1）灯泡的电阻．

（2）当开关S1闭合，S2、S3都断开时，灯L正常发光，电源电压．

（3）开关S1、S2、S3都闭合，且滑片P在b端时，电流表的示数为2.4A，滑动变阻器R2的最大阻值．

【考点】IH：欧姆定律的应用；J9：电功率与电压、电流的关系．

【分析】（1）知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=UI=求出灯泡的电阻；

（2）当开关S1闭合，S2、S3都断开时，电阻R1与灯泡L串联，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求出电源的电压；

（3）开关S1、S2、S3都闭合，且滑片P在b端时，灯泡L被短路，电阻R1、R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过电阻R1的电流，根据并联电路的电流特点求出通过电阻R2的电流，再根据欧姆定律求出电阻R2的电阻值．

【解答】解：（1）由P=UI=可得，灯泡的电阻：

RL===12Ω；

（2）当开关S1闭合，S2、S3都断开时，电阻R1与灯泡L串联，

因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光，

所以，电路中的电流：

I===0.5A，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，电源的电压：

U=I（R1+RL）=0.5A×（20Ω+12Ω）=16V；

（3）开关S1、S2、S3都闭合，且滑片P在b端时，灯泡L被短路，电阻R1、R2并联，电流表测干路电流，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，通过电阻R1的电流：

I1===0.8A，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，通过电阻R2的电流：

I2=I﹣I1=2.4A﹣0.8A=1.6A，

则电阻R2的电阻值：

R2===10Ω．

答：（1）灯泡的电阻为12Ω；

（2）电源电压为16V；

（3）滑动变阻器R2的最大阻值为10Ω．

22．家用豆浆机的外形如图甲所示，其机头主要由一个电热器（电热丝）R和一个电动机M带动的打浆器构成，内部电路简化图如图乙所示．制作豆浆的过程是加热，后打浆，再加热煮熟，即加热和打浆是交替进行的．某品牌豆浆机铭牌上的部分技术参数如表．

（1）豆浆机在额定电压下打浆，通过电动机的电流是多少？

（2）小明同学想测算该豆浆相的加热效率，他把100g大豆和1.4kg清水放入豆浆机中，测出其初温为20℃，当电热器正常工作时加热总时间为9分钟豆浆沸腾，测其温度为100℃．请你帮他计算豆浆机吸收了多少热量？豆浆机的加热效率是多少？[C豆浆=4.0×103J/（kg•℃）]

（3）小明同学晚上使用该豆浆机，在与第（2）问条件相同情况下，发现电热器加热总时间由以前的9分钟变为10分钟，豆浆机的加热电阻R和加热效率均不变，求晚上的实际电压值．已知≈0.95．

【考点】J9：电功率与电压、电流的关系；JK：电功与热量的综合计算．

【分析】（1）由铭牌可知电动机的额定电压和额定功率，利用P=UI求出豆浆机在额定电压下打浆时通过的电流；

（2）根据Q=cm△t分别求出豆浆和水吸收的热量（有用能量），利用W=Pt求出电流通过电热器做的功（总能量），再利用效率公式求出豆浆机电热器的加热效率．

（3）根据P=可求得电热器的电阻，已知消耗的实际电能，根据P=可求得实际电压值．

【解答】解：（1）根据P=UI可得：

豆浆机在额定电压下打浆时通过的电流：

I电机==≈0.82A；

（2）豆浆机吸收的热量：

Q吸=c豆浆m豆浆（t2﹣t1）=4.0×103J∕（kg•℃）×（0.1kg+1.4kg）×=4.8×105J，

由P=可得，电流通过电热器做的功：

W=P电热器t=1000W×9×60s=5.4×105J，

电热器的加热效率：

η=×100%=×100%≈89%．

（3）根据W=Pt，W实=W可得，Pt1=P实t2， =；

由P=可得， ==；

化简可得U实==U=0.95×220V=209V．

答：（1）豆浆机在额定电压下打浆时，通过电动机的电流约为0.82A；

（2）豆浆机吸收的少热量为5.024×105J，豆浆机电热器的加热效率大约是89%．

（3）晚上的实际电压值约为209V．

四、实验与探究题（共28分，每小题7分）

23．（1）用天平测量物体的质量时，砝码与游码的读数如图甲所示，则物体的质量是　31.2　g．如图乙所示，刻度尺的分度值为　0.1　cm，物体的长度为　2.90　cm．

（2）某家庭电能表如图丙所示．若该家庭单独让空调工作，测得1min内电能表转盘转了60转，则空调消耗的电能为　0.02　kW•h，空调的电功率是　1200　W．

（3）如图丁所示，电流表的示数是　0.24　A，电压表的示数是　12.5　V．

【考点】25：质量的测量与天平；64：长度的测量；HY：电流表的读数方法；I4：电压表的读数方法；J5：电能表参数的理解与电能的求法．

【分析】（1）天平读数时是砝码质量和游码示数的和；刻度尺的分度值是刻度尺相邻两刻度线表示的长度．使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；

（2）电能表的最后一位是小数，单位是kW•h，已知每消耗1kW•h的电能电能表的表盘就转过3000r，可求转过60转消耗的电能，根据公式P=可求空调的功率．

（3）电流表、电压表的读数：首先要观察量程和分度值，然后再根据指针所指示的刻度来读数．

【解答】解：（1）物体的质量是：20g+10g+1.2g=31.2g；

刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；

物体左侧与1.00cm对齐，右侧与3.9cm刻度对齐，估读为3.90cm，所以物体的长度为L=3.90cm﹣1.00cm=2.90cm；

（2）电能表的读数是30.6kW•h；消耗的电能W=kW•h×60=0.02kW•h；

功率P===1.2kW=1200W．

（3）电流表的是0～0.6A量程，一大格表示0.2A，分度值为0.02A，示数为0.24A；

电压表的是0～15V量程，一大格表示5V，分度值为0.5V，因此其读数12.5V；

故答案为：（1）31.2；0.1；2.90；（2）0.02；1200；（3）0.24；12.5．

24．小明同学在“研究杠杆平衡条件”实验中：

（1）实验时应先调节杠杆在　水平　位置平衡，这样做的目的是　便于测量力臂　，若出现图甲所示情况，应将杠杆的螺母向　左　（选填“左”或“右”）调．

（2）杠杆平衡后，小明在图乙所示的A位置挂上3个钩码，为了使杠杆在水平位置平衡，这时 应在B位置挂上　4　个钩码．

（3）如表是该组某同学在实验中记录杠杆平衡的部分数据：

如表中空格处所缺的数据是：△=　1　，☆=　20　；

（4）分析如表中的实验数据可以得出的结论是　F1L1=F2L2　．

【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验．

【分析】（1）实验中，为了便于测量力臂，应调节杠杆在水平位置平衡；

在调节杠杆平衡时，平衡螺母总向较高的一端调节；

（2）根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2可求出钩码的个数；

（3）通过实验得出杠杆的平衡条件，F1L1=F2L2可求表中空格处所缺的数据；

（4）利用杠杆的平衡条件分析三组数据，动力×动力臂是否等于阻力×阻力臂．

【解答】解：

（1）实验时首先调节杠杆使其在水平位置平衡的好处是便于测量力臂；

由图甲知，左端较高，所以应将平衡螺母向左端调节；

（2）设一格为L，一个钩码重G，则有3G×4L=nG×3L，n=4，故应在B处挂4个钩码；

（3）根据杠杆平衡条件F1l1=F2l2可得：

2N×5cm=F2×10cm，解得F2=1N；

2N×30cm=3N×L2，解得L2=20cm；

（4）分析实验数据，得出杠杆的平衡条件是F1L1=F2L2（动力×动力臂=阻力×阻力臂）．

故答案为：（1）水平；便于测量力臂；左；（2）4；（3）1；20；（4）F1L1=F2L2．

25．在探究“阻力对物体运动的影响”实验中，在水平木板上先后铺上粗糙程度不同的毛巾和棉布；让小车从斜面顶端由静止滑下，如图1所示，观察和比较小车在毛巾表面，棉布表面和木板表面滑行的距离．

（1）实验中每次均让小车从斜面顶端由静止滑下的目的是：使小车每次在水平面上开始滑行时速度大小　相等　（选填“相等”或“不相等”）；

（2）实验中是通过改变　水平面的粗糙程度　来改变小车所受阻力大小的．

（3）实验中发现：小车在毛巾表面上滑行的距离最短，在木板上滑行的距离最远，说明小车受到的阻力越小，速度减小得越　慢　（选填“快”或“慢”）．

（4）推理：本实验中，如果小车在水平面上滑行时受到的阻力为零，它将做　匀速直线运动　．

（5）在此基础上，牛顿总结了伽利略等人的研究成果概括出牛顿第一定律，请问：牛顿第一定律　不能　（选填“能”或“不能”）直接由实验得出．

（6）本实验中小车在水平面上三次滑行过程中消耗的机械能大小　相等　（选填“相等”或“不相等”．）

（7）通过上面的探究后，小明再想考如下的问题，如图2所示，摆球从A点由静止释放摆到右侧最高点C时，如果摆球所受的力忽然全部消失，则摆球将　静止　（选填“往回摆”“静止”或“做匀速直线运动”．）

【考点】6N：阻力对物体运动影响的探究实验．

【分析】（1）该实验应使小车运动到斜面底端时的速度相等，比较小车运动的距离才有意义，所以要控制小车每次都从斜面上同一位置释放；

（2）改变接触面的粗糙程度，可以改变摩擦力阻力的大小；

（3）小车停下来的原因是小车受到了摩擦阻力，实验中通过改变接触面的粗糙程度来改变阻力的大小，阻力越小小车运动的距离越远；

（4）由第（3）问中所观察到的现象以及结论推理出阻力为零时的运动情况；

（5）牛顿第一定律是在实验基础上通过推理得出的；

（6）机械能是指物体的动能和重力势能总和，动能大小与物体的质量和速度有关，重力势能大小与物体的质量和高度有关；

（7）根据牛顿第一定律，当物体不受任何外力时，将保持静止状态或匀速直线运动状态．

【解答】解：

（1）每次都从斜面上同一位置释放，使小车运动到斜面底端时的速度相等；

（2）在做“斜面小车实验”时，给水平桌面铺上粗糙程度不同的物体，目的是探究阻力对物体运动的影响，由毛巾表面到棉布再到木板，接触面的粗糙程度减小，小车受到的阻力也减小；

（3）表面越光滑，阻力就越小，小车运动的距离就越远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢；

（4）假如小车受到的阻力为零，即小车不受力，小车的运动状态将不会改变，做匀速直线运动；

（5）由上分析可知，牛顿第一定律是在实验的基础上，通过推理得出的，不是用实验直接得出的；

（6）小车从同一光滑斜面的同一高度自由下滑，到达水平面时的速度相等，小车的质量相等，由此可知小车动能相等，机械能是指物体的动能和重力势能总和，所以小车达到水平面时的机械能相等，小车最终静止，小车通过克服摩擦力做功将其机械能完全转化为其它形式的能，即小车消耗的机械能相等；

（7）当摆球从A点由静止释放摆到右侧最高点C时，此时小球的动能全部转化为重力势能，速度为零，若不受任何外力，将保持静止状态不变．

故答案为：（1）相等；（2）水平面的粗糙程度；（3）慢；（4）匀速直线运动；（5）不能；（6）相等；（7）静止．

26．小丽同学手里有一个标有“3.8V”字样的小灯泡，她想知道小灯泡正常工作时的电阻，于是在学校实验室找来一些器材连接了如图甲所示的实验电路，电源电压恒定不变．

（1）小丽测小灯泡电阻的实验原理是　R=　．

（2）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物连接完整（要求滑片向左移灯泡变亮），并在虚线框内画出电路图．

（3）闭合开关，移动滑动变阻器滑片，她发现灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表无示数，其故障原因是　小灯泡短路或电流表短路　．

（4）故障排除后，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，示数为　0.38　A，小灯泡正常工作时的电阻是　10　Ω．

（5）完成上述实验后，小丽向老师要了一个已知阻值为R0的定值电阻和一个单刀双掷开关，借助部分现有的实验器材，设计了如图丙所示的实验电路，测出了小灯泡的额定功率，请你帮她完成下列实验步骤：

①连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点2，移动滑片，使电压表的示数为　3.8　V．

②保持滑片的位置不动，再将开关S2拨到触点1，读出电压表的示数为U．

③小灯泡额定功率的表达P额=　3.8V×　（用已知量和测量量表示）．

【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验；JF：电功率的测量．

【分析】（1）伏安法测电阻的原理是欧姆定律的变形式；

（2）滑动变阻器按一上一下的原则串联在电路中，向左移灯泡变亮，说明滑动变阻器的左下方接线柱必须接入电路中；根据电流流向法，从电源的正极出发依次串联各电路元件，然后把电压表并联在灯泡两端即可；

（3）电流表有示数说明电路通路，电压表无示数且灯泡不亮，说明电压表并联部分短路；

（4）根据电流表的量程和分度值读出示数，灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻；

（5）在没有电流表的情况下，利用定值电阻R0和电压表代替电流表与灯泡串联，通过开关的转换，移动滑动变阻器的滑片，使灯泡两端的电压等于3.8V，使灯正常发光；

保持滑片的位置不动，再通过开关的转换使电压表测出灯与定值电阻R0的电压U；在前后两次开关转换的过程中，电路的连接关系没有改变，各用电器分得的电压保持不变，此时灯仍正常发光，根据串联电路电压的规律可求出此时定值R0的电压，由欧姆定律求出通过定值电阻R0的电流，根据串联电路电流的规律，即灯正常发光时的电流大小，根据P=UI写出小灯泡额定功率的表达式．

【解答】解：（1）伏安法测电阻的原理是R=；

（2）滑动变阻器的左下方接线柱与任意上方接线柱串联在电路中时，滑片向左移时灯泡会变亮，如下图所示：

先画出电源符号，从电源正极出发依次画出开关、滑动变阻器、灯泡、电流表回到电源的负极，然后把电压表并联在灯泡两端，如下图所示：

（3）闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现灯泡始终不亮，电流表有示数，电压表无示数，说明电压表并联部分短路，即小灯泡短路或电流表短路；

（4）灯泡正常发光时的电压为3.8V，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.38A，

则灯泡的电阻R===10Ω；

（5）①连接好实验电路，闭合开关S1，将开关S2拨到触点2，移动变阻器的滑片，使电压表的示数为3.8V；

②保持滑动变阻器滑片位置不变，S2接1，读出电压表示数U；

③根据串联电路电压的规律，此时定值电阻R0两端的电压：U0=U﹣U额=U﹣3.8V，

通过灯泡的电流：I额=I0==，

则小灯泡额定功率：P额=U额I额=3.8V×．

故答案为：

（1）R=；

（2）实物图的连接和电路图如上图所示；

（3）小灯泡短路或电流表短路； 

（4）0.38；10；

（5）①3.8；③3.8V×．