2016抚顺市九年级第三次月考物理试卷【解析版含答案】

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2016抚顺市九年级第三次月考物理试卷

一、选择题（本题包括15个小题，每题2分，共30分．每小题只有一个选项符合题意）

1．即将告别母校的你，认为校园生活中的物理量最合理的是（　　）

A．夏天教室内的温度约为45℃

B．书桌上的中性笔落到地上用时约为10s

C．书桌的高度约为80cm

D．教室内每盏日光灯的功率约为400W

2．声音与我们的生活密切相关．以下有关声现象的说法中正确的是（　　）

A．在空气中超声波比次声波传播速度大

B．我们能分辨蛙声和蝉鸣，是因为它们的音调不同

C．超声波能粉碎人体内的结石是因为超声波具有信息

D．中考期间学校路段禁止鸣喇叭，这是在声源处减弱噪声

3．（2016抚顺物理）如图所示，光在玻璃和空气的界面CD同时发生了反射和折射，以下说法正确的是（　　）

A．入射角为60°，界面上方是空气

B．折射角为45°，界面下方是玻璃

C．入射角为30°，界面上方是空气

D．折射角为45°，界面下方是空气

4．今年以来，泰安多地干旱，好在4月份有几次降雨，缓解了旱情，在降雨时，气象部门往往还要用火箭弹向适当云层中抛射干冰（固态二氧化碳），实施人工增雨，在人工增雨过程中，干冰发生的物态变化是（　　）

A．凝华              B．升华              C．液化              D．熔化

5．（2016抚顺物理）才下舌尖，又上心头的《舌尖上的中国2》让海内外观众领略了中华饮食之美．如图所示，通过煎、蒸、炒、拌烹调的四种美食中所包含的物理知识，认识错误的是（　　）

A．煎：烙煎饼的鏊（ào）子一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容大

B．蒸：蟹黄和烧麦是通过热传递和高温水蒸气液化放热蒸熟的

C．炒：藜蒿和腊肉主要是通过热传递的方式增加了内能

D．拌：香椿和豆腐相拌后的入味是分子无规则热运动的结果

6．淄博是我国110座严重缺水城市之一，全市多年人均水资源可利用量仅为232立方米，不足全国人均水资源可利用量的九分之一，希望大家从自我做起，珍惜每一滴水．下图能正确描述水的各物理量之间关系的图象是（　　）

A．

水的重力与质量的关系              B．

水的密度与体积的关系

C．

水的比热容与温度的关系              D．

水产生的压强与深度的关系

7．（2016抚顺物理）小明同学看到鸡蛋漂浮在盐水中，如图所示，于是，他沿杯壁缓慢加入清水使鸡蛋下沉．在此过程中，鸡蛋受到的浮力F和容器底受到的压强P的变化，判断正确的是（　　）

A．F先不变，后变小，P不变              B．F先变小，后不变，P不变

C．F先不变，后变小，P变大              D．F先变大，后变小，P变大

8．小明用两个相同的滑轮组成不同的滑轮组（如图所示），分别将同一物体匀速提高到相同高度，滑轮组的机械效率分别为η1、η2．下列关系正确的是（忽略绳重及摩擦）（　　）

A．F1＞F2，η1=η2              B．F1＞F2，η1＞η2              C．F1＜F2，η1=η2              D．F1＜F2，η1＞η2

9．小强同学在探究串联电路电流规律的实验中，按如图连接好了电路，闭合开关S后，观察实验，两灯均不发光．为检测出电路故障，他做了以下操作：将电压表接到b、c两点，观察电压表、电流表均无示数；将电压表接到a、b两点，观察电压表有明显示数，而电流表示数几乎为零．则电路故障可能是（　　）

A．灯L2断路              B．灯L2短路              C．电流表烧坏了              D．灯L1断路

10．（2016抚顺物理）如图所示电路，电源电压保持不变，电路各元件都是完好的，闭合开关S1后，当再闭合开关S时，两电表示数的变化情况判断正确的是（　　）

A．电流表的示数变大，电压表的示数不变

B．电流表的示数不变，电压表的示数不变

C．电流表的示数变小，电压表的示数变大

D．电流表的示数变大，电压表的示数变小

11．在一次实验中，小宇连接了如图所示的电路，电磁铁的B端有一个小铁棒，闭合开关后，下列说法错误的是（　　）

A．电磁铁的A端为S极

B．通电后，铁棒的右端是N极

C．当滑动变阻器的滑片P向左端移动，电磁铁磁性增强

D．利用这一现象所揭示的原理可制成的设备中包括电磁继电器

12．（2016抚顺物理）如图所示，关于电与磁的知识，下列说法中不正确的是（　　）

A．

司南能指明方向是因为受到地磁场的作用

B．

磁感线是磁场中真实存在的一些曲线

C．

奥斯特实验说明电流周围存在磁场

D．

该装置揭示的原理可制成发电机

13．（2016抚顺物理）关于电磁波和现代通信，下列说法正确的是（　　）

A．红外线和可见光也属于电磁波家族成员，它们在真空中的传播速度相同

B．军用雷达是利用超声波进行定位和导航的

C．卫星通信、光纤通信是利用超声波传递信息

D．固定电话、移动电话都是利用导线中的电流来传递信息的

14．如图所示，不计绳重和摩擦，拉力F是125N，在10s内将重物匀速提升2m，此时滑轮组的机械效率是80%，则下列说法正确的是（　　）

A．动滑轮重50 N              B．物体重375 N

C．拉力F的功率是25 W              D．拉力F做的功是750 J

15．如图甲所示，是某同学探究电流与电压关系的电路图，开关S闭合后，将滑动变阻器的滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图乙，下列判断错误的是（　　）

A．通过R0的电流与电阻R0两端电压成正比

B．R0的电阻值是5Ω

C．该电路最小功率是0.3W

D．滑动变阻器R的电功率变化范围0﹣0.25W

二、（2016抚顺物理）理解与应用（本题包括6个小题，共16分）

16．如图所示是济宁市2013年中考试卷答题卡中用来识别考生信息的条形码（样码），当条形码扫描器照射它时，黑条纹将光______（选填“反射”或“吸收”），白条纹将光______（选填“反射”或“吸收”），再通过电脑解码就可以获取考生相关信息．

17．汽车上的方向盘实质是一个______杠杆（选填“费力”、“省力”或“等臂”）；当轿车行驶时，驾驶员以______为参照物他是运动的（选填“汽车”、“地面”或“乘客”）．夏天汽车开着空调，车窗的______（选填“内”或“外”）会出现水珠；给汽车加油时，会闻到汽油味，这是因为发生了______现象．

18．两个电阻R1、R2分别标有“3V 0.3A”和“5V 0.25A”字样．将它们串联后接入电路中使用，电路中允许的最大电流是______A，此时R1、R2两端的电压之比是______；将它们并联后接入电路中使用，干路中的总电流最大为______．

19．如图所示是温度自动报警器，当温度达到______℃时，电铃发生报警，此时电磁铁的左端是______极．温度计中的液体应该选用______（选填“酒精”或“水银”）．

20．（2016抚顺物理）太阳能飞机以太阳辐射作为推进能源的飞机．太阳能飞机的动力装置由太阳能电池组、直流电动机、减速器、螺旋桨和控制装置组成．由于太阳辐射的能量密度小，为了获得足够的能量，飞机上应有较大的摄取阳光的表面积，以便铺设太阳电池，因此太阳能飞机的机翼面积较大．其中太阳能属于______（选填“可再生”或“不可再生”）能源．飞机在空中飞行，是通过______来与地面指挥进行联系的．

21．根据图所示永磁体A端的磁极和通电螺线管间磁感线的分布，在图中标出通电螺线管B端的磁极和电源的正负极．

三、实验与探究（本题包括3个小题，共18分）

22．（2016抚顺物理）小强同学为了测量某种液体的密度，进行了如下实验：

（1）首先调节天平横粱平衡，发现指针偏向分度盘中央的右侧，此时应向______（选填“左”或“右”）移动平衡螺母．

（2）调节天平平衡后，小强又进行了以下三项操作：

A．用天平测量烧杯和剩余液体的总质量；

B．将待测液体倒入烧杯中，用天平测出烧杯和液体的总质量；

C．将烧杯中液体的一部分倒入量筒，测出这部分液体的体积；

如图所示，以上操作的正确顺序是______（填字母代号）．

（3）由图可得：该液体的密度为______kg/m3．

23（2016抚顺物理）．如图1所示，在”观察水沸腾“实验中．

（1）水在沸腾时，温度计示数如图1所示，此时水的沸点为______，由此可以推知：此时大气压______（填“大于”、“小于”、“等于”）标准大气压．

（2）若继续加热2min，温度计的示数______（填“不变”、“降低”、“升高”）；温度计周围的“白气”是高温水蒸气上升时，______形成的．

（3）在观察水的沸腾实验中，一位同学观察到沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程中的两种情况，如图2所示，则______是沸腾时的情况．

（4）为了缩短水从加热到沸腾的时间，请你提出一种有效的操作建议：______．

24．（2016抚顺物理）小明用如图甲所示的电路探究“电阻上的电流跟两端电压的关系”：

（1）现要求滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大．请用笔画线代替导线，完成图乙中实验电路的连接．

（2）小明按要求正确连接电路后，闭合开关，发现电压表指针偏转到满刻度的位置．其原因可能是______．（写出一个）

（3）小明在实验中通过调节滑动变阻器滑片，测出通过电阻R的不同电流和对应的电压值如下表所示．

小明在实验中所用电阻R的阻值为______Ω；当通过的电流为0.5A时，电阻R消耗的电功率为______W．

（4）如果将实验电路中的电阻R更换成一个额定电压为3.8V、阻值约为10Ω的小灯泡后，要进行“测量小灯泡的额定电功率”的实验，则对实验电路还必须进行怎样的改动：______．

四、（2016抚顺物理）分析与计算（本题包括2个小题，共16分）

25．如图是我国自行研制的大型运输机“运20”将首次参加珠海航展．“运20”的部分参数如表：

若“运20”从某基地起飞以最大飞行速度飞到珠海，飞行时间为2.5h，求：

（1）基地到珠海的航程是多大？

（2）“运20”以最大起飞重量降落在地面时对地面的压强是多大？

（3）“运20”在此飞行过程中做了多少功？

（4）若航空燃料的热值是4.5×107J/kg，则飞机在起飞前至少要装载多少kg的航空燃料？

26．（2016抚顺物理）如图所示，是某种电热饮水机的简化电路示意图．它有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），阅读该饮水机说明书可知：热水箱容积2L，额定电压220V，加热时的功率400W，保温时的功率40W．求：试问：

（1）饮水机处于保温状态时温控开关S0应处于什么状态？

（2）R1和R2的电阻值各是多大？

（3）在用电高峰期，该饮水机的实际工作电压只有200V，加热效率为80%，若将装满水箱的水从20℃加热至100℃，需要多长时间？（C水=4.2×103J/（kg℃），ρ水=1.0×103kg/m3，忽略温度对电阻的影响）

2016抚顺物理参考答案与试题解析

一、选择题（本题包括15个小题，每题2分，共30分．每小题只有一个选项符合题意）

1．即将告别母校的你，认为校园生活中的物理量最合理的是（　　）

A．夏天教室内的温度约为45℃

B．书桌上的中性笔落到地上用时约为10s

C．书桌的高度约为80cm

D．教室内每盏日光灯的功率约为400W

【考点】温度；时间的估测；长度的估测；电功率．

【分析】根据对生活中物理量的了解解答此题．

【解答】解：A、一般情况下，教室内的温度低于30℃，故A不合理；

B、书桌的高度一般小于1米，书桌上的中性笔落到地上用时约为1s，故B不合理；

C、中学生的身高在160cm左右，书桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm=0.8m左右，故C合理；

D、教室内每盏日光灯的功率约为40W，故D不合理．

故选C．

【点评】（2016抚顺物理）物理学中，对各种物理量的估算能力，是我们应该加强锻炼的重要能力之一，这种能力的提高，对我们的生活同样具有很大的现实意义．

2．声音与我们的生活密切相关．以下有关声现象的说法中正确的是（　　）

A．在空气中超声波比次声波传播速度大

B．我们能分辨蛙声和蝉鸣，是因为它们的音调不同

C．超声波能粉碎人体内的结石是因为超声波具有信息

D．中考期间学校路段禁止鸣喇叭，这是在声源处减弱噪声

【考点】声音在不同介质中的传播速度；音色；防治噪声的途径；声与能量．

【分析】（1）声音在不同介质中的传播速度不同；声速和介质种类、介质温度都有关系，和声音的种类无关；

（2）人们利用发声体的固有属性﹣﹣音色来判断发声体的种类；

（3）超声波可以传递能量；

（4）“禁止鸣笛”是从阻止噪声产生的角度控制噪声的．

【解答】（2016抚顺物理）解：

A、在同种介质中超声波与次声波传播速度相同．故A错误；

B、我们能分辨蛙声和蝉鸣，是因为它们的音色不同，根据音色判断出来的，故B错误；

C、超声波能够传递能量，利用超声波可以除去人体内的结石，故C错误；

D、“禁鸣喇叭”是从防止噪声产生角度控制噪声的，是在声源处减弱噪声的，故D正确．

故选D．

【点评】该题考查了声音的传播速度、声音的三特性、噪声的控制和声音的利用等多个声现象有关的知识点，是一道综合性很强的综合试题．

3．如图所示，光在玻璃和空气的界面CD同时发生了反射和折射，以下说法正确的是（　　）

A．入射角为60°，界面上方是空气

B．折射角为45°，界面下方是玻璃

C．入射角为30°，界面上方是空气

D．折射角为45°，界面下方是空气

【考点】光的反射；光的折射规律．

【分析】（1）已知光在玻璃和空气的界面CD，然后根据折射光线和入射光线的关系确定出折射光线、入射光线、反射光线．

（2）光的反射定律的内容：反射光线与入射光线、法线在同一平面上；反射光线和入射光线分居在法线的两侧；反射角等于入射角．

（3）（2016抚顺物理）光的折射定律的内容：入射光线、法线、折射光线在同一平面内，折射光线和入射光线分别位于法线两侧，当光线从空气射入其它透明介质时，折射角小于入射角；当光线从其它介质斜射入空气时，折射角大于入射角．

【解答】解：如下图，已知CD是界面，则MN为法线，根据折射光线和入射光线分别位于法线两侧，则OE一定为折射光线，AO为入射光线，OB为反射光线；

由图可知，∠BOD=60°，则∠AOC=60°，所以入射角为90°﹣60°=30°；

而∠DOE=45°，则折射角为90°﹣45°=45°，因折射角大于入射角，所以CD的下边是空气，上边是玻璃．

综上所述，故只有选项D正确．

故选D．

【点评】（2016抚顺物理）此题考查了光的反射定律、光的折射定律的应用，此题已经告诉界面和光的传播方向，再根据折射角和入射角的大小确定介质即可．

4．今年以来，泰安多地干旱，好在4月份有几次降雨，缓解了旱情，在降雨时，气象部门往往还要用火箭弹向适当云层中抛射干冰（固态二氧化碳），实施人工增雨，在人工增雨过程中，干冰发生的物态变化是（　　）

A．凝华              B．升华              C．液化              D．熔化

【考点】生活中的升华现象．

【分析】要分析在人工增雨过程中，干冰发生的物态变化，需要知道干冰是由什么状态变成了什么状态．

【解答】解：

在人工增雨过程中，干冰由固态直接变为气态的二氧化碳，这种变化在物理学中属于升华，利用物质在升华过程中要从周围吸热，使云层的温度降低，从而达到人工增雨的目的．

故选B．

【点评】本题考查生活中的升华现象，要判断物态变化的名称，必须弄清该物质是由什么状态变成了什么状态．

5．才下舌尖，又上心头的《舌尖上的中国2》让海内外观众领略了中华饮食之美．如图所示，通过煎、蒸、炒、拌烹调的四种美食中所包含的物理知识，认识错误的是（　　）

A．煎：烙煎饼的鏊（ào）子一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容大

B．蒸：蟹黄和烧麦是通过热传递和高温水蒸气液化放热蒸熟的

C．炒：藜蒿和腊肉主要是通过热传递的方式增加了内能

D．拌：香椿和豆腐相拌后的入味是分子无规则热运动的结果

【考点】（2016抚顺物理）热传递改变物体内能；液化及液化现象；分子的运动．

【分析】（1）金属的物质，一般都具有良好的导热性；

（2）物质由气态变成液态的过程叫做液化，液化放热；

（3）改变物体内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；

（4）物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动．

【解答】解：A、煎锅一般用铁制造，主要是利用铁具有良好的导热性，故A错误；

B、蒸是通过热传递和高温水蒸气液化放热，使榆钱饭蒸熟，故B正确；

C、炒主要是通过热传递的方式使藜蒿和腊肉的内能增加，故C正确；

D、香葱和豆腐要拌着才能入味，说明了分子在做无规则运动，故D正确．

故选A．

【点评】本题以中华美食为背景考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系，是中考的热点．

6．（2016抚顺物理）淄博是我国110座严重缺水城市之一，全市多年人均水资源可利用量仅为232立方米，不足全国人均水资源可利用量的九分之一，希望大家从自我做起，珍惜每一滴水．下图能正确描述水的各物理量之间关系的图象是（　　）

A．

水的重力与质量的关系              B．

水的密度与体积的关系

C．

水的比热容与温度的关系              D．

水产生的压强与深度的关系

【考点】比热容的概念；密度及其特性；重力的计算；液体的压强的特点．

【分析】要看清图象中的横坐标、纵坐标代表的物理量；再根据图象形状反映的物理规律，结合选项中物理量的含义进行解答．

【解答】（2016抚顺物理）解：

A．水的重力与质量成正比，而图象形状不是正比函数图象，故A错误；

B．水的密度是水的一种特性，与水的体积无关，而图象中体现的是密度与体积成正比，故B错误；

C．水的比热容是水的一种特性，不随质量的变化而变化，故C正确；

D．水产生的压强与深度有关，深度越大，压强越大，而图象反映的是压强与深度无关，故D错误．

故选C．

【点评】图象法是反映物理量之间规律和关系的常用方法；还要明确物理量的真正含义．

7．小明同学看到鸡蛋漂浮在盐水中，如图所示，于是，他沿杯壁缓慢加入清水使鸡蛋下沉．在此过程中，鸡蛋受到的浮力F和容器底受到的压强P的变化，判断正确的是（　　）

A．F先不变，后变小，P不变              B．F先变小，后不变，P不变

C．F先不变，后变小，P变大              D．F先变大，后变小，P变大

【考点】（2016抚顺物理）阿基米德原理；液体的压强的特点．

【分析】（1）鸡蛋漂浮在水面上，浮力等于鸡蛋的重力，逐步加入清水，盐水的密度减小，当鸡蛋密度与盐水密度相同时，鸡蛋悬浮，浮力还等于鸡蛋的重力，随着清水的逐渐加入，盐水的密度逐渐减小，鸡蛋逐渐下降，但鸡蛋排开水的体积不变，根据浮力公式可知鸡蛋所受浮力变化情况．

（2）由于容器底受到的压力等于容器、容器里面液体和鸡蛋的重力之和，判断出压力的变化即可根据p=得出压强的变化．

【解答】解：（1）沿杯壁缓慢加入清水使鸡蛋下沉．鸡蛋是从漂浮到悬浮，最后下沉，

由于漂浮、悬浮所受浮力等于鸡蛋的重力，下沉，所受浮力小于鸡蛋的重力，

所以，鸡蛋受到的浮力F是开始浮力不变，鸡蛋逐渐下降，当鸡蛋浸没水后，鸡蛋排开水的体积不变，

但随着盐水密度减小，根据公式F浮=ρgV排可知鸡蛋所受浮力逐渐变小；故BD错误；

（2）容器底受到的压力等于容器、容器里面液体和鸡蛋的重力之和，由于杯壁缓慢加入清水，使容器里的盐水的重力变大，则容器底受到的压力变大，根据p=得出压强p变大，故A错误，C正确．

故选C．

【点评】本题考查浮力公式的应用和物体的沉浮条件，关键知道物体漂浮或悬浮时浮力等于物体的重力，浮力小于物体的重力时物体会下沉．

8．（2016抚顺物理）小明用两个相同的滑轮组成不同的滑轮组（如图所示），分别将同一物体匀速提高到相同高度，滑轮组的机械效率分别为η1、η2．下列关系正确的是（忽略绳重及摩擦）（　　）

A．F1＞F2，η1=η2              B．F1＞F2，η1＞η2              C．F1＜F2，η1=η2              D．F1＜F2，η1＞η2

【考点】滑轮组绳子拉力的计算；滑轮（组）的机械效率．

【分析】忽略绳重及摩擦，使用滑轮组时的拉力F=（G物+G轮），左图承担物重的绳子股数n=2，右图承担物重的绳子股数n=3，而动滑轮重相同、提升的物体重相同，据此判断拉力大小关系；

两图分别将同一物体匀速提高到相同高度，做的有用功相同；由题知，忽略绳重及摩擦，所做的额外功为提升动滑轮做的功，由W额=Gh可知额外功相同，又因为总功等于有用功加上额外功，所以总功相同，所以可以得出两图的机械效率相同．

【解答】（2016抚顺物理）解：∵忽略绳重及摩擦，承担物重的绳子股数n1=2，n2=3，

∴两图所用拉力：

F1=（G物+G轮），F2=（G物+G轮），

∵滑轮相同，提升的物体重相同，

∴F1＞F2；

∵两图将同一物体匀速提高相同的高度，

∴做的有用功W有相同，

∵忽略绳重及摩擦，所做的额外功W额=G轮h

∴额外功W额相同，

又∵W总=W有+W额，

所以总功相同，

∵η=，

∴两图的机械效率η相同，即η1=η2．

故选A．

【点评】本题是一个选择题，实质上是一个小综合题，本题的关键有二：一是n的确定，二是忽略摩擦和绳重时，W额=G轮h．

9．小强同学在探究串联电路电流规律的实验中，按如图连接好了电路，闭合开关S后，观察实验，两灯均不发光．为检测出电路故障，他做了以下操作：将电压表接到b、c两点，观察电压表、电流表均无示数；将电压表接到a、b两点，观察电压表有明显示数，而电流表示数几乎为零．则电路故障可能是（　　）

A．灯L2断路              B．灯L2短路              C．电流表烧坏了              D．灯L1断路

【考点】（2016抚顺物理）电流表、电压表在判断电路故障中的应用．

【分析】开关闭合后，两个灯泡都不发光，电流表的指针几乎不动，说明电路是开路；电压表的指针有明显的偏转，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连．

【解答】解：电流表始终无示数，说明电路故障为断路；将电压表并联在b、c两点，电压表无示数，说明电压表的正负接线柱不能与电源两极相连，即L1完好；

将电压表接到a、b两点，观察电压表有明显示数，说明电压表的正负接线柱与电源两极相连，说明灯L2断路．

故选：A．

【点评】本题考查了根据电流表和电压表的示数情况判断串联电路的故障，电流表示数为零说明故障是开路，电压表有示数，说明开路在电压表的两接线柱之间．

10．如图所示电路，电源电压保持不变，电路各元件都是完好的，闭合开关S1后，当再闭合开关S时，两电表示数的变化情况判断正确的是（　　）

A．电流表的示数变大，电压表的示数不变

B．电流表的示数不变，电压表的示数不变

C．电流表的示数变小，电压表的示数变大

D．电流表的示数变大，电压表的示数变小

【考点】欧姆定律的应用．

【分析】（1）分析电路的连接：

闭合开关S1后，电路中只有L2，电流表测量电路中的电流，电压表测量灯泡L1两端的电压；

再闭合开关S时，两灯泡并联，电流表测量干路中的电流，电压表测量L2两端的电压；

（2）掌握并联电路中的电压电流规律及欧姆定律，结合电路图进行分析．

【解答】（2016抚顺物理）解：闭合开关S1后，电路中只有L2，L2两端的电压等于电源电压；电流表的示数为：I=；

再闭合开关S时，L1、L2并联，灯泡L2两端的电压仍等于电源电压，电流表的示数为：I′=+；

所以电流表的示数变大，电压表的示数不变．

故选A．

【点评】本题并联电路的特点和欧姆定律的应用，关键要弄清的问题是：看懂电路图，弄清各电表测量哪些用电器的哪些物理量．

11．在一次实验中，小宇连接了如图所示的电路，电磁铁的B端有一个小铁棒，闭合开关后，下列说法错误的是（　　）

A．电磁铁的A端为S极

B．通电后，铁棒的右端是N极

C．当滑动变阻器的滑片P向左端移动，电磁铁磁性增强

D．利用这一现象所揭示的原理可制成的设备中包括电磁继电器

【考点】（2016抚顺物理）通电螺线管的磁场；影响电磁铁磁性强弱的因素；电磁继电器的组成、原理和特点．

【分析】开关闭合后，根据电流方向利用安培定则可判断螺线管的磁极，则由磁极间的相互作用可判出小磁针的指向；由滑动变阻器的滑片移动可得出电路中电流的变化，则可得出螺线管中磁场的变化．

【解答】解：A、电流从左端流入，右端流出，故据安培定则可知，此时电磁铁的B端是N极，A端是S极，故A正确；

B、据磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，铁棒的左端是S极，右端是N极，故B正确；

C、滑动变阻器的滑动片P向左端移动，电阻变大，电流变小，故电磁铁的磁性变弱，故C错误；

D、该实验表明了电能生磁，利用这一现象所揭示的原理可制成的设备中包括电磁继电器，故D正确；

故选C．

【点评】该题考查了安培定则的应用、磁极间的作用规律的应用、电磁铁磁性强弱的影响因素等知识点，是一道综合题．

12．如图所示，关于电与磁的知识，下列说法中不正确的是（　　）

A．

司南能指明方向是因为受到地磁场的作用

B．

磁感线是磁场中真实存在的一些曲线

C．

奥斯特实验说明电流周围存在磁场

D．

该装置揭示的原理可制成发电机

【考点】地磁场；磁感线及其特点；通电直导线周围的磁场；发电机的构造和原理．

【分析】（2016抚顺物理）（1）指南针就是利用地磁的作用来指向南北的；

（2）磁感线是人们假想出来的；

（3）认识奥斯特实验，知道奥斯特实验证实了通电直导线周围存在磁场．即电流的磁效应；

（4）掌握电磁感应现象及实验，知道在此实验中让闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流．根据这个原理制成了发电机．

【解答】解：A、司南能指明方向是因为受到地磁场的作用，故A正确；

B、磁感线是人们假想出来的，故B错误；

C、奥斯特实验，通电后小磁针偏转，说明了通电导线周围存在磁场，故C正确；

D、电磁感应实验，根据此原理可以制成发电机，故D正确．

故选B．

【点评】本题综合考查地磁场的作用、奥斯特实验、电磁感应的应用以及磁感线的特点等，考查内容较多，但都属于必须掌握的内容．

13．关于电磁波和现代通信，下列说法正确的是（　　）

A．红外线和可见光也属于电磁波家族成员，它们在真空中的传播速度相同

B．军用雷达是利用超声波进行定位和导航的

C．卫星通信、光纤通信是利用超声波传递信息

D．固定电话、移动电话都是利用导线中的电流来传递信息的

【考点】电磁波的传播．

【分析】（1）任何波长的电磁波，其速度都等于光速，即C=3×108m/s；

（2）像手机、无线电、电视广播、移动通信等都是利用电磁波来传递信息的；光纤又称光导纤维，它通过激光来传递信息．

【解答】（2016抚顺物理）解：A、红外线和可见光都属于电磁波，任何波长的电磁波，其速度都等于光速，即C=3×108m/s，故A正确；

B、雷达是利用电磁波来传递信息的，故B错误；

C、卫星通讯利用电磁波传递信息，光纤又称光导纤维，它通过激光来传递信息；故C错误；

D、固定电话是利用导线中的电流来传递信息，移动电话是利用电磁波来传递信息；故D错误．

故选A．

【点评】知道电磁波和声波的区别，并熟悉当今社会中常见的信息传递方式是解决该题的关键．

14．如图所示，不计绳重和摩擦，拉力F是125N，在10s内将重物匀速提升2m，此时滑轮组的机械效率是80%，则下列说法正确的是（　　）

A．动滑轮重50 N              B．物体重375 N

C．拉力F的功率是25 W              D．拉力F做的功是750 J

【考点】滑轮组绳子拉力的计算；滑轮（组）的机械效率；功率的计算．

【分析】（2016抚顺物理）由滑轮组的结构可以看出，承担物重的绳子股数n=3，则拉力F移动的距离s=3h．

（1）题目告诉了拉力大小，利用W=Fs求总功；

（2）知道拉力大小和做功时间，利用功率公式计算拉力的做功功率；

（3）知道滑轮组的机械效率，利用效率公式求有用功，知道物体上升的高度，利用W=Gh求物体重；

（4）求出了有用功和总功可求额外功，不计绳重和摩擦，额外功W额=G轮h，据此求动滑轮重．

【解答】解：

（1）由图可知，承担物重的绳子股数n=3，

则绳端移动的距离：s=3h=3×2m=6m，

拉力F做的功：

W总=Fs=125N×6m=750J，故D正确；

（2）拉力做功的功率：

P===75W，故C错；

（3）因为η=，

所以W有=W总×η=750J×80%=600J，

用为W有=Gh，

所以提升的物体重：

G===300N，故B错；

（4）因为W总=W有+W额，

所以W额=W总﹣W有=750J﹣600J=150J，

又因为不计绳重和摩擦，W额=G轮h，

所以动滑轮重：

G轮===75N，故A错．

故选D．

【点评】本题是一个选择题，实质上是一个小综合题，最好的做法就是将每一个量计算出来进行判断．本题的关键有二：一是n的确定，二是不计摩擦和绳重时，W额=G轮h．

15．（2016抚顺物理）如图甲所示，是某同学探究电流与电压关系的电路图，开关S闭合后，将滑动变阻器的滑片P从a端移至b端，电流表和电压表的示数变化关系如图乙，下列判断错误的是（　　）

A．通过R0的电流与电阻R0两端电压成正比

B．R0的电阻值是5Ω

C．该电路最小功率是0.3W

D．滑动变阻器R的电功率变化范围0﹣0.25W

【考点】（2016抚顺物理）欧姆定律的应用；电功率的计算．

【分析】（1）由图象可知，R0两端的电压和电流关系是一个正比例函数图象，要注意电压是电流产生的原因；

（2）当滑片位于b端时接入电路中的电阻为0，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，根据图象可知电源电压的大小和电路中的最大电流，根据欧姆定律求出R0的电阻值；

（3）当滑片位于a端时接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，由图象读出电路中的最小电流，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器的最大阻值，根据P=UI求出电路消耗的最小功率；

（4）滑动变阻器接入电路中的电阻为0Ω时，消耗的功率为0W；根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，利用数学知识得出变阻器消耗的最大功率，进一步得出答案．

【解答】解：（1）因为电流随电压的变化图象为正比例函数图象，且呈一条直线，所以通过R0的电流与R0两端的电压成正比，故A正确；

（2）当滑片位于b端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，电路中的电流最大，

由图乙可知，电源的电压U=3.0V，电路中的最大电流I最大=0.6A，

根据I=可知：R0===5Ω；故B正确；

（3）当滑片位于a端时接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，

由图乙可知，电路中的最小电流I小=0.1A，

电路的最小功率：

P小=UI小=3.0V×0.1A=0.3W，故C正确；

（4）滑动变阻器接入电路中的电阻为0Ω时，消耗的功率为0W；

将滑动变阻器的滑片P从a端移至b端的过程中，电路中的电流：

I==，

变阻器消耗电功率：

PR=I2R=（）2R====，

有上式可知当R=5Ω，变阻器消耗的电功率最大，则PR大==0.45W，

所以，滑动变阻器R的电功率变化范围0～0.45W，故D错误．

故选D．

【点评】（2016抚顺物理）本题考查电流随电压的变化图象分析，图象中包含了大量有用的信息，关键看我们能否结合实验的要求将其找出，然后再利用相关公式进行计算．

二、理解与应用（本题包括6个小题，共16分）

16．如图所示是济宁市2013年中考试卷答题卡中用来识别考生信息的条形码（样码），当条形码扫描器照射它时，黑条纹将光　吸收　（选填“反射”或“吸收”），白条纹将光　反射　（选填“反射”或“吸收”），再通过电脑解码就可以获取考生相关信息．

【考点】物体的颜色．

【分析】根据光的反射现象及物体的颜色由什么决定进行分析．白色物体能反射所有颜色的光，黑色吸收所有颜色的光．

【解答】解：白色物体反射所有颜色的光，黑色物体吸收所有颜色的光．

故答案为：吸收；反射．

【点评】本题考查光的反射现象以及物体颜色决定反射的光线，是一道基础题．

17．汽车上的方向盘实质是一个　省力　杠杆（选填“费力”、“省力”或“等臂”）；当轿车行驶时，驾驶员以　地面　为参照物他是运动的（选填“汽车”、“地面”或“乘客”）．夏天汽车开着空调，车窗的　外　（选填“内”或“外”）会出现水珠；给汽车加油时，会闻到汽油味，这是因为发生了　扩散　现象．

【考点】杠杆的应用；液化及液化现象；参照物及其选择；扩散现象．

【分析】（1）结合生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆；

（2）物理学上所说的运动和静止都是相对的，都是相对于参照物来说的．

（3）夏天车外气温高，水蒸气遇到冷的玻璃会在外面液化成小水珠；

（4）扩散现象表明分子不停地做无规则的运动．

【解答】（2016抚顺物理）解：（1）方向盘是一个轮轴，力作用在轮上可以省力，所以实质是省力杠杆；

（2）轿车行驶时，驾驶员相对地面有位置的改变，所以以地面为参照物驾驶员是运动的．

（3）在闷热的夏天开着空调的汽车里，由于车内温度低于车外温度，所以外面空气中的水蒸气遇到冷的车玻璃，就会发生液化现象，在外表面出现水雾；

（4）给汽车加油时，会闻到汽油味，这是因为汽油分子在不停地做无规则运动，这是扩散现象．

故答案为：省力；地面；外；扩散．

【点评】此题考查了汽车方向盘的本质、运动和静止的相对性、液化现象及扩散现象等，是基本知识的考查，知识横向联系较少，考查的是我们对知识掌握的熟练程度．

18．两个电阻R1、R2分别标有“3V 0.3A”和“5V 0.25A”字样．将它们串联后接入电路中使用，电路中允许的最大电流是　0.25　A，此时R1、R2两端的电压之比是　1：2　；将它们并联后接入电路中使用，干路中的总电流最大为　0.65A　．

【考点】（2016抚顺物理）欧姆定律的应用．

【分析】（1）已知两电阻允许通过的最大电流，根据串联电路的电流特点可知，两电阻串联时电路允许通过的最大电流为两个允许通过最大电流的较小值，然后根据欧姆定律求出R1、R2；根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两端电压之比

（2）根据欧姆定律求出甲乙电阻两端允许所加的最大电压，根据并联电路的电压特点可知电路两端的最大电压为两者允许所加最大电压中较小的，根据欧姆定律分别求出通过它们的电流，利用并联电路的电流特点求出干路的最大电流．

【解答】解：（1）因串联电路中各处的电流相等，所以，两只电阻串联时，电路中的最大电流I=I2=0.25A，

由I=得：

R1===10Ω，

R2===20Ω：

由I=得U=IR可知电压之比：

U1实：U2实=IR1：IR2=R1：R2=10Ω：20Ω=1：2；

（2）因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，两只电阻并联时，电路中的最大电压U′=U1=3V，

此时通过R1的电流为0.3A，

通过R2的电流I2′===0.15A，

所以，干路的最大电流：

I=I1+I2′=0.5A+0.15A=0.65A．

故答案为：0.25；1：2；0.65A．

【点评】本题考查电压、电流的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道串联时允许通过的最大电流为两个额定电流里面最小的一个，两只电阻并联时电压也选最小．

19．（2016抚顺物理）如图所示是温度自动报警器，当温度达到　98　℃时，电铃发生报警，此时电磁铁的左端是　S　极．温度计中的液体应该选用　水银　（选填“酒精”或“水银”）．

【考点】电磁继电器的组成、原理和特点．

【分析】该温度计的分度值为1℃，金属丝下端指在96℃上面第2个小格上，因此金属丝下端所指的温度是96℃+2℃=98℃；电磁铁中有电流通过时，产生磁性会把衔铁吸来过，电铃电路接通；电磁铁中无电流时，无磁性，弹簧片把衔铁拉起来，电铃电路断开；用安培定则判断通电螺线管的极性，右手握住螺线管，四指弯向线圈中电流的方向，大拇指所指的就是通电螺线管的N极．

【解答】解：由题干中图可知：当温度没有升高到98℃时，电磁铁无磁性，弹簧片把衔铁拉起来，电铃电路断开；当温度升高到98℃时，由于水银是导体，电磁铁电路就会接通，电磁铁有了磁性，且根据安培定则知左端为S极，衔铁就会在电磁力吸引的作用下接通电铃电路，电铃响，报警．

故答案为：98；S；水银

【点评】该题考查了电磁继电器的工作原理的理解，是一道综合题，但难度不大．

20．（2016抚顺物理）太阳能飞机以太阳辐射作为推进能源的飞机．太阳能飞机的动力装置由太阳能电池组、直流电动机、减速器、螺旋桨和控制装置组成．由于太阳辐射的能量密度小，为了获得足够的能量，飞机上应有较大的摄取阳光的表面积，以便铺设太阳电池，因此太阳能飞机的机翼面积较大．其中太阳能属于　可再生　（选填“可再生”或“不可再生”）能源．飞机在空中飞行，是通过　电磁波　来与地面指挥进行联系的．

【考点】能源的分类；电磁波的传播．

【分析】（1）由可再生能源与不可再生能源的分类要求来看，可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生的能源称之为不可再生能源；

（2）无线通信都是利用电磁波来工作的．

【解答】解：太阳能是可再生能源，是取之不尽、用之不竭的能源；飞机在空中飞行，是利用电磁波来工作的．

故答案为：可再生；电磁波．

【点评】本题考查能源的分类及电磁波的传播，属于基础题．

21．根据图所示永磁体A端的磁极和通电螺线管间磁感线的分布，在图中标出通电螺线管B端的磁极和电源的正负极．

【考点】（2016抚顺物理）通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁感线及其特点；安培定则．

【分析】由外部磁感线的特点及图中磁感线的形状可知螺线管的磁极，再由右手螺旋定则可得出电源的正负极．

【解答】解：因外部磁感线总是由N极指向S极，由图可知磁感线都指向外侧，故螺线管左侧为N极，B端为S极；则由右手螺旋定则可得电流由左侧流入，故电源左侧为正极，右侧为负极；故答案如图所示：

【点评】本题考查外部磁感线的特点及右手螺旋定则，要熟记常见磁铁的形状及熟练应用右手螺旋定则．

三、（2016抚顺物理）实验与探究（本题包括3个小题，共18分）

22．小强同学为了测量某种液体的密度，进行了如下实验：

（1）首先调节天平横粱平衡，发现指针偏向分度盘中央的右侧，此时应向　左　（选填“左”或“右”）移动平衡螺母．

（2）调节天平平衡后，小强又进行了以下三项操作：

A．用天平测量烧杯和剩余液体的总质量；

B．将待测液体倒入烧杯中，用天平测出烧杯和液体的总质量；

C．将烧杯中液体的一部分倒入量筒，测出这部分液体的体积；

如图所示，以上操作的正确顺序是　BCA　（填字母代号）．

（3）由图可得：该液体的密度为　1.1×103　kg/m3．

【考点】液体的密度测量实验．

【分析】（1）根据天平的使用规范天平称量前，不平衡时应调节平衡螺母；调节平衡螺母时要“左偏右移，右偏左移”．

（2）倒出液体的质量等于原来液体和烧杯的总质量与剩余液体和烧杯质量的差；倒出的体积可通过量筒读出．天平平衡时物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，注意标尺的分度值；在进行量筒的读数时，注意分度值，视线要与液体表面的凹底相平；

（3）测出倒在量筒中的体积和质量，根据公式便可求出密度．

【解答】解：（1）首先调节天平横粱平衡，发现指针偏向分度盘中央的右侧，此时应向左移动平衡螺母；

（2）首先测出烧杯和液体的总质量，然后将部分液体倒入量筒中，读出体积，并测出烧杯和剩余液体的总质量，计算出倒出的质量，根据公式可计算出密度．所以顺序应为BCA；

（2）（2016抚顺物理）由图知，标尺的分度值为0.2g，m2=50g+20g+10g+2.4g=82.4g

m1=20g+10g+5g+2.4g=38.4g，所以m=82.4g﹣37.4g=44g；

量筒的分度值为2ml，液体的体积V=40ml=40cm3

所以ρ===1.1g/cm3=1.1×103kg/m3．

故答案为：（1）左；（2）BCA；（3）1.1×103．

【点评】此题是测量老醋的密度，考查了学生对测量液体密度的掌握，同时考查了天平、量筒的读数及密度的计算，以及密度单位之间的换算．考查得很全面．

23．如图1所示，在”观察水沸腾“实验中．

（1）（2016抚顺物理）水在沸腾时，温度计示数如图1所示，此时水的沸点为　98℃　，由此可以推知：此时大气压　小于　（填“大于”、“小于”、“等于”）标准大气压．

（2）若继续加热2min，温度计的示数　不变　（填“不变”、“降低”、“升高”）；温度计周围的“白气”是高温水蒸气上升时，　液化　形成的．

（3）在观察水的沸腾实验中，一位同学观察到沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程中的两种情况，如图2所示，则　甲　是沸腾时的情况．

（4）为了缩短水从加热到沸腾的时间，请你提出一种有效的操作建议：　减小水量　．

【考点】探究水的沸腾实验．

【分析】（1）（1）要会进行温度计的读数，在读数时，首先认清温度计的分度值．搞清水的沸点与大气压之间的关系，液体的沸点跟气压的大小有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低，标准大气压下水的沸点是100℃．

（2）液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；

生活中看到的白气都是水蒸气液化形成的．

（3）掌握水沸腾前和沸腾时的现象区别：沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大．

（4）水的质量越大、水的初温越低，把水烧开需要的加热时间越长，据此分析答题．

【解答】（2016抚顺物理）解：

（1）由图可知，该温度计单位是℃，零刻度在温度计的下方，液柱远离零刻度，是零上，每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，示数是98℃．则该液体的沸点是98℃，因为液体的沸点跟气压的大小有关，标准大气压下，水沸腾时的温度是100℃，所以该实验环境的大气压小于1标准大气压．

（2）水沸腾时，再加热2min，水的温度保持98℃不变．

实验时看到温度计周围有白气，是烧杯中的水蒸气遇冷的空气液化形成的．

（3）甲图气泡在上升过程中，体积逐渐增大，所以是沸腾时的现象；乙图气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以是沸腾前得现象．

（4）为了缩短水从加热到沸腾的时间，可以减小水量、或加大火力、或给容器加盖等．

故答案为：（1）98℃；小于；（2）不变；液化；（3）甲；（4）减小水量．

【点评】此题是观察水的沸腾实验，实验中要用温度计测量温度，所以考查了温度计的使用及读数．因此一定要掌握温度计的使用规则，同时在读数时，要注意温度计的分度值，同时考查了沸点和气压之间的关系．

24．（2016抚顺物理）小明用如图甲所示的电路探究“电阻上的电流跟两端电压的关系”：

（1）现要求滑动变阻器滑片向左移动时，电流表示数增大．请用笔画线代替导线，完成图乙中实验电路的连接．

（2）小明按要求正确连接电路后，闭合开关，发现电压表指针偏转到满刻度的位置．其原因可能是　变阻器的滑片在阻值最小处（或变阻器被短路；或定值电阻断路）　．（写出一个）

（3）小明在实验中通过调节滑动变阻器滑片，测出通过电阻R的不同电流和对应的电压值如下表所示．

小明在实验中所用电阻R的阻值为　5　Ω；当通过的电流为0.5A时，电阻R消耗的电功率为　1.25　W．

（4）如果将实验电路中的电阻R更换成一个额定电压为3.8V、阻值约为10Ω的小灯泡后，要进行“测量小灯泡的额定电功率”的实验，则对实验电路还必须进行怎样的改动：　增加一节干电池（或增大电源电压），并将电压表的量程改为0～15V　．

【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验．

【分析】（1）掌握实物电路的连接，特别注意电流表、电压表和滑动变阻器的接法，电压表与电阻并联，电流表、滑动变阻器串联在电路中，注意电流表、电压表量程和正负接线柱的接法，滑动变阻器要接一上一下，根据要求确定下面的接线柱；

（2）若电阻两端的电压等于电源电压，可能是电阻断路或滑动变阻器电阻为零；

（3）根据实验表格中的某一组数据根据公式R=计算出电阻值，根据公式P=UI=I2R计算出电功率的值；

（4）从电源、电压表、电流表的量程进行分析．

【解答】（2016抚顺物理）解：（1）电压表应与电阻R并联，由于电源为两节干电池，所以电压表的量程应为0～3V；

滑动变阻器滑片向左滑动，电流表的示数变大，滑动变阻器的阻值应变小，所以滑动变阻器应连接下面的A接线柱，如图所示：

；

（2）电压表偏转到满偏，说明此时电阻两端的电压等于电源电压，可能是电阻断路或滑动变阻器的阻值为零或滑动变阻器短路；

（3）由表格中的第一列数据知，当电压为0.5V时，电流为0.1A，所以R===5Ω；

由表格中数据知，当电流为0.5A时，电压表的示数为2.5V，所以P=UI=2.5V×0.5A=1.25W；

（4）灯泡的额定电压为3.8V，所以电源应增加一节电池或换用电压大于3.8V的学生电源；电压表的量程应改为0～15V；

故答案为：（1）见上图； （2）变阻器的滑片在阻值最小处（或变阻器被短路；或定值电阻断路）；（3）5；1.25；（4）增加一节干电池（或增大电源电压），并将电压表的量程改为0～15V．

【点评】此题是探究电阻的电流跟两端电压的关系，考查了实物电路的连接，特别是滑动变阻器及电压表的连接，考查了电功率和电阻的计算，考查得很全面也很典型．

四、（2016抚顺物理）分析与计算（本题包括2个小题，共16分）

25．如图是我国自行研制的大型运输机“运20”将首次参加珠海航展．“运20”的部分参数如表：

若“运20”从某基地起飞以最大飞行速度飞到珠海，飞行时间为2.5h，求：

（1）基地到珠海的航程是多大？

（2）“运20”以最大起飞重量降落在地面时对地面的压强是多大？

（3）“运20”在此飞行过程中做了多少功？

（4）若航空燃料的热值是4.5×107J/kg，则飞机在起飞前至少要装载多少kg的航空燃料？

【考点】速度公式及其应用；压强的大小及其计算；功的计算；热机的效率．

【分析】（1）已知时间与速度，由速度公式的变形公式可求出飞机飞行的路程；

（2）已知飞机的最大起飞重量和接触面积，利用p=可求压强；

（3）已知飞行阻力即飞行动力和飞行路程，利用W=Fs可求飞机所做的功；

（4）求出飞机飞行时做的功，然后求出燃料释放的能量，最后求出燃油的质量．

【解答】（2016抚顺物理）解：（1）飞机飞行的路程，由v=，v=720km/h，t=2.5h，

s=vt=720km/h×2.5h=1800km=1800000m；

（2）已知飞机的最大重量，G=mg=225×103kg×10N/kg=2.25×106N．

飞机在水平面时压力等于重力，F=G，

最大起飞重量降落在地面时对地面的压强是：

p===1.5×106Pa；

（3）已知飞机飞行时的动力等于飞机的平均阻力，F′=5×105N，

飞机飞行时做的功W=F′s=5×105N×1.8×106m=9×1011J；

（4）汽油燃烧释放的能量Q===2.25×1012J，

飞机消耗的燃油质量m===5×104kg，

答：（1）基地到珠海的航程是1800km；

（2）“运20”以最大起飞重量降落在地面时对地面的压强是1.5×106pa；

（3）“运20”在此飞行过程中做了9×1011J功；

（4）飞机共消耗燃油5×104kg．

【点评】本题是一道计算题，考查了速度公式的变形公式、功率公式、求飞机消耗的燃油，熟练掌握基础知识，认真计算即可，解题时注意单位换算，具有一定难度．

26．（2016抚顺物理）如图所示，是某种电热饮水机的简化电路示意图．它有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），阅读该饮水机说明书可知：热水箱容积2L，额定电压220V，加热时的功率400W，保温时的功率40W．求：试问：

（1）饮水机处于保温状态时温控开关S0应处于什么状态？

（2）R1和R2的电阻值各是多大？

（3）在用电高峰期，该饮水机的实际工作电压只有200V，加热效率为80%，若将装满水箱的水从20℃加热至100℃，需要多长时间？（C水=4.2×103J/（kg℃），ρ水=1.0×103kg/m3，忽略温度对电阻的影响）

【考点】电功与热量的综合计算．

【分析】（1）分析电路结构，根据电路结构及电功率公式分析答题．

（2）由电功率公式的变形公式求出电阻阻值．

（3）由电功率公式求出热水器的实际功率，由热量公式求出水所吸收的热量，最后由功率公式的变形公式求出加热时间．

【解答】（2016抚顺物理）解：（1）由电路图可知，开关S0断开时两电阻串联，电路电阻较大，开关S0闭合时，只有电阻R1接入电路，电阻R2被短路，此时电路电阻较小，电源电压U一定，由P=可知，电阻越大，电路功率越小，电阻越小，饮水机功率越大，因此当开关S0断开时，电路阻值较大，电功率较小，饮水机处于保温状态．

（2）∵，∴电阻R1===121Ω，

∵P保=，∴电阻R总===1210Ω，

保护电阻R2=R总﹣R1=1210Ω﹣121Ω=1089Ω；

（3）设加热时间为t，有P峰t80%=Q吸，即，

，

t===2541s；

答：（1）饮水机处于保温状态时温控开关S0应处于断开状态．

（2）R1和R2的电阻值分别是121Ω与1089Ω．

（3）将装满水箱的水从20℃加热至100℃，需要2541s．

【点评】本题考查学生对实际用电器电功率的分析以及运用电功率公式结合欧姆定律计算相关物理量的能力．