2018张家口市中考物理压轴试题【解析版含答案】

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2018张家口市中考物理压轴试题

一、单选题（本大题共16小题）

1．在“伏安法测电阻”的实验中，下列说法正确的是（　　）

A．为了监测电路连接是否正确，连接电路时，需闭合开关

B．应该选取规格匹配的器材，既不会损坏器材，又能使测量结果误差小

C．在无法估计被测电阻小时，电流表、电压表应选用较小的量程

D．需进行三次实验，这样测量的结果才具有普遍性

2．如图所示，电源电压为12V且保持不变，R=10Ω，滑动变阻器的规格为0～30Ω，电流表的量程为0～0.6A，为了～保证电路各元件正常工作，则下列说法正确的是（　　）

A．电流表示数的变化范围为0.3～1.2A

B．电流表示数的变化范围为0.3～0.6A

C．电阻R两端的电压变化范围为3～12V

D．滑动变阻器阻值变化范围为0～30Ω

3．（张家口中考物理）图示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器．闭合开关S，移动滑片P，多次记录电压表示数U和对应的电流表示数I，则绘出的U﹣I关系图象正确的是（　　）

A．              B．              C．              D．

4．如图所示的电路中，电源两端电压为4.5V保持不变．滑动变阻器R1上标有“20Ω 1A”字样．定值电阻R2=5Ω．电压表的最大测量值3V；电流表的最大测量值0.6A．开关S闭合后．如果要求电压表和电流表的示数均不超过各自的最大测量值，则滑动变阻器接入电路电阻值的变化范围是（　　）

A．0﹣20Ω              B．10﹣20Ω              C．5﹣10Ω              D．2.5﹣10Ω

5．如图是甲、乙两个电阻的电流Ⅰ与电压U的关系图象，将它们并联接入电路．下列说法正确的是（　　）

A．通过甲的电流大于通过乙的电流

B．通过甲的电流小于通过乙的电流

C．甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而减小

D．甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而增大

6．如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，电路正常工作，滑片P向右移动过程中，下列说法正确的是（　　）

A．灯泡L变暗              B．电压表示数不变

C．电路的总电阻减小              D．电流表示数逐渐变大

7．（张家口中考物理）如图所示的电路中，电源电压不变，闭合电键S后，灯L1、L2都发光．一段时间后，其中一灯突然熄灭，而电流表、电压表的示数都不变，则产生这一现象的原因是（　　）

A．灯L1短路              B．灯L2短路              C．灯L1断路              D．灯L2断路

8．如图中1、2是用伏安法分别测定两个不同阻值的定值电阻R1、R2所得到的电流与电压的关系图线，则它们阻值的大小关系是（　　）

A．R1＞R2              B．R1＜R2              C．R1=R2              D．无法判断

9．如图甲所示是小灯泡中通过的电流随它两端电压变化的图象，将此灯泡接入图乙所示的电路中，只闭合开关S时，小灯泡的实际功率为1W；在闭合开关S1后，电流表的示数变化了0.1A，下列说法中错误的是（　　）

A．电源电压为2V

B．电阻R的阻值是20Ω

C．开关S1、S均闭合时，电流表的示数为0.6A

D．开关S1、S均闭合时，电路中的总功率为3W

10．如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，下列说法中正确的是（　　）

A．电阻甲和乙都是阻值不变的电阻

B．甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.6A

C．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，电源电压为2V

D．当乙两端电压为2V时，R乙=5Ω

11．如图所示，先闭合开关S1，再闭合开关S2，相同时间内，电路中消耗的电能将（　　）

A．减小              B．增大              C．不变              D．无法判断

12．如图所示，对于电能表面板上的一些参数的理解，下列说法正确的是（　　）

A．此表是测量电功率的仪器

B．此时电能表的读数为586.6J

C．“10（20）A”其中“20A”是指这个电能表中通过的电流是20安

D．“720revs/kW•h”是指电能表每消耗1千瓦时电能，转盘转过720转

13．把“220V  1000W”的电炉线接到110V的电源上，功率仍要1000W，（忽略温度影响）应（　　）

A．将电炉丝剪下一半，接入110V的电路

B．将电炉丝剪去段，将剩下的段接入110V的电路

C．将电炉丝剪成等长四段，并联后接入110V的电路

D．将电炉丝剪成等长两段，并联后接入110V的电路

14．把两只“220V  40W”的灯泡串联后，接在220V的电路两端，则两灯消耗的总功率为（　　）

A．40W              B．80W              C．10W              D．20W

15．电炉的电热丝烧断后截去一段，再重新接好连入原来的电路中，电流在相同时间内所做的功（　　）

A．变小              B．不变              C．变大              D．无法确定

16．将规格为“6V 3W”的灯L1和规格为“6V 6W”的灯L2串联在电压为6V的电路中，忽略灯丝电阻变化，则下列说法正确的是（　　）

A．L1与L2灯丝电阻之比为1：2

B．L1灯与L2灯实际功率之比为1：2

C．两灯均不能正常发光，灯L2更亮些

D．两灯消耗的总功率为2W

二、填空题（本大题共5小题，共20分）

17．两电阻R1：R2=1：2，将它们串联在电路中，它们两端的电压之比为　   　，他们的电流之比为　   　；将它们并联联在电路中，它们两端的电压之比为　   　，他们的电流之比为　   　．

18．如图是小灯泡L和电阻R中电流随电压变化的图象．由图象可知，电阻R的阻值为　   　Ω．若将它们并联接在电压为3V的电源两端，电路中的总电流为　   　A．

19．（张家口中考物理）小灯泡L的铭牌上标有“6V 1.8W”字样，如果要使该灯泡接在电源电压为9V的电路中正常发光，应给它串联一个电阻R，其阻值为　   　Ω，小灯泡正常发光时，电阻R的功率为　   　W．

20．一天，小红看她家电能表的表盘如图所示，现只接入一只用电器，小铝盘在2分钟里转了30转，则该用电器的功率是　   　 kW．

21．将“6V 3W”和“6V 6W”的两只灯泡串联后接在电源两端，若灯泡的电阻不变，为使其中一只灯泡正常发光，电源电压是　   　 V．

张家口中考物理参考答案与试题解析

一、单选题（本大题共16小题）

1．在“伏安法测电阻”的实验中，下列说法正确的是（　　）

A．为了监测电路连接是否正确，连接电路时，需闭合开关

B．应该选取规格匹配的器材，既不会损坏器材，又能使测量结果误差小

C．在无法估计被测电阻小时，电流表、电压表应选用较小的量程

D．需进行三次实验，这样测量的结果才具有普遍性

【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验．

【分析】根据“伏安法”测电阻的实验中注意的事项分析．主要有开关的状态、滑动变阻器的滑片位置、电表的量程的选择、电路的连接顺序．

【解答】解：伏安法测电阻的实验中，

A、为保护电路，防止连接最后一根导线时电路中的电流过大，烧坏电路原件，连接电路时开关应断开，故A错误；

B、选取规格匹配的器材，可以选用精密度高的测量工具，但既不会损坏器材，又能使测量结果误差小，故B正确；

C、在无法估计被测电压、电流的大小时，电流表、电压表应选用较大的量程，可以保护电表，故C错误；

D、真实值与测量值之间的差异叫误差，误差在是不可避免的，多次测量求平均值等方法来减小误差，故D错误．

故选B．

2．如图所示，电源电压为12V且保持不变，R=10Ω，滑动变阻器的规格为0～30Ω，电流表的量程为0～0.6A，为了～保证电路各元件正常工作，则下列说法正确的是（　　）

A．电流表示数的变化范围为0.3～1.2A

B．电流表示数的变化范围为0.3～0.6A

C．电阻R两端的电压变化范围为3～12V

D．滑动变阻器阻值变化范围为0～30Ω

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【分析】由电路图可知，电阻R与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流．

（1）根据电流表的量程确定电路的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出R两端的最大电压，根据串联电路的电压特点求出电阻R两端的电压和滑动变阻器两端的电压；

（2）滑动变阻器的电阻全部连入电路时，电路中的电阻最大，电流最小，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电路中的最小电流，根据欧姆定律求出电阻R两端的电压和滑动变阻器两端的电压．

【解答】（张家口中考物理）解：由电路图可知，电阻R与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流．

（1）由于电流表的量程为0～0.6A，则电路的最大电流为0.6A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小；

由I=得电阻R两端的最大电压为：UR最大=I最大R=0.6A×10Ω=6V，

R总最小===20Ω；

根据串联电路的总电阻等于各电阻之和可知：

滑动变阻器连入电路的最小值为R滑最小=R总最小﹣R=20Ω﹣10Ω=10Ω；

（2）滑动变阻器的电阻全部连入电路时，电路中的电阻最大，电流最小；

则R总=R+R滑=10Ω+30Ω=40Ω，

所以，最小电流最小===0.3A，

由I=得电阻R两端的最小电压为：UR最小=I最小R=0.3A×10Ω=3V；

所以，电流表示数的变化范围为0.3～0.6A，故A错误，B正确；

电阻R两端的电压变化范围为3～6V，故C错误；

滑动变阻器阻值变化范围为10～30Ω，故D错误．

故选B．

3．图示电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器．闭合开关S，移动滑片P，多次记录电压表示数U和对应的电流表示数I，则绘出的U﹣I关系图象正确的是（　　）

A．              B．              C．              D．

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【分析】分析电路的连接方式及电表所测的电路，根据串联电路的电压关系及欧姆定律得出结论．

【解答】解：由图知，变阻器与R1串联，电压表测量变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流；

设定值电阻的阻值为R，电源电压为U总，变阻器两端的电压为U，则U=U总﹣IR，R为定值；

当I为最大时，U=0，且电流越大，变阻器两端的电压越小；而U与I的关系是一次函数，一次函数图象为直线，所以ACD不正确、只有B图象反应上述关系．

故选B．

4．（张家口中考物理）如图所示的电路中，电源两端电压为4.5V保持不变．滑动变阻器R1上标有“20Ω 1A”字样．定值电阻R2=5Ω．电压表的最大测量值3V；电流表的最大测量值0.6A．开关S闭合后．如果要求电压表和电流表的示数均不超过各自的最大测量值，则滑动变阻器接入电路电阻值的变化范围是（　　）

A．0﹣20Ω              B．10﹣20Ω              C．5﹣10Ω              D．2.5﹣10Ω

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【分析】由电路图可知，滑动变阻器R1与定值电阻R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．当电流表的示数最大时R1接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出接入电路中的最小阻值；当电压表的示数最大时R1接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式即可求出接入电路中的最大阻值，进一步得出答案．

【解答】解：由电路图可知，滑动变阻器R1与定值电阻R2串联，电压表测R1两端的电压，电流表测电路中的电流．

当电流表的示数I大=0.6A时，R1接入电路中的电阻最小，

由I=可得，电路中的总电阻：

R===7.5Ω，

因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，

所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：

R1小=R﹣R2=7.5Ω﹣5Ω=2.5Ω，故ABC错误；

当电压表的示数U1=3V时，R1接入电路中的电阻最大，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，R2两端的电压：

U2=U﹣U1=4.5V﹣3V=1.5V，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，电路中的电流：

I′==，即=，

解得：R1大=10Ω，

所以，滑动变阻器接入电路电阻值的变化范围是2.5Ω～10Ω，故ABC错误、D正确．

故选D．

5．如图是甲、乙两个电阻的电流Ⅰ与电压U的关系图象，将它们并联接入电路．下列说法正确的是（　　）

A．通过甲的电流大于通过乙的电流

B．通过甲的电流小于通过乙的电流

C．甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而减小

D．甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而增大

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【分析】先根据U﹣I图象判断出甲乙电阻的特点，进而得出电流的特点，再利用并联电路的特点和欧姆定律判断其并联电阻的变化规律．

【解答】解：A、将两电阻并联接入电路时，则电压相同，由图象可知，若电压为2.5V，通过两电阻的电流相同，均为0.5A，故A错误；

B、将两电阻并联接入电路时，则电压相同，由图象可知，在电压低于2.5V时，通过甲的电流大于通过乙的电流，而电压等于2.5V时，通过两电阻的电流相同，均为0.5A，故B错误；

CD、由图象可知，甲是一条过原点的直线，故其电阻始终不变，乙的电阻是变化的，随着电压的增大，电阻减小，故甲、乙并联的总电阻随它们两端电压的升高而减小，故C正确，D错误．

故选C．

6．如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，电路正常工作，滑片P向右移动过程中，下列说法正确的是（　　）

A．灯泡L变暗              B．电压表示数不变

C．电路的总电阻减小              D．电流表示数逐渐变大

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【分析】分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用串联电路特点、欧姆定律与电功率公式分析答题．

【解答】解：由图示电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，电压表测滑动变阻器两端电压；

滑片向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，滑动变阻器分压变大，电压表示数变大，故B错误；

滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，故C错误；

电路总电阻R变大，电源电压U不变，由I=可知，电路电流变小，电流表示数变小，故D错误；

滑动变阻器电压变大，电源电压不变，与滑动变阻器串联的灯泡两端电压变小，电路电流变小，由P=UI可知，灯泡实际功率减小，灯泡变暗，故A正确；

故选A．

7．如图所示的电路中，电源电压不变，闭合电键S后，灯L1、L2都发光．一段时间后，其中一灯突然熄灭，而电流表、电压表的示数都不变，则产生这一现象的原因是（　　）

A．灯L1短路              B．灯L2短路              C．灯L1断路              D．灯L2断路

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【分析】由图可知：电流表测量L2的电流，电压表可测电源电压，若一灯灭了，而两个电表示数不变，则是L1断路了．

【解答】解：两个电灯是并联，电压表测量并联后的电压，也为电源电压，电流表与L2串联，测量L2的电流，若一灯灭了，两表示数不变，说明电压表还能与电源相通，L2中还有电流，即L2支路工作正常，所以只有是L1不亮，它断路了．

故选C．

8．（张家口中考物理）如图中1、2是用伏安法分别测定两个不同阻值的定值电阻R1、R2所得到的电流与电压的关系图线，则它们阻值的大小关系是（　　）

A．R1＞R2              B．R1＜R2              C．R1=R2              D．无法判断

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【分析】根据电压一定时，通过电阻的电流与电压成反比；电阻一定时，电阻两端的电压和电阻成正比，结合图象即可判断两电阻的阻值关系．

【解答】解：根据欧姆定律可知：

在导体两端的电压相同时，通过导体的电流越大，导体的电阻就越小；（或者在通过导体的电流相同时，导体两端的电压越大，导体的电阻就越大）

由图可知：

在电压相同时，通过1定值电阻的电流比2小，所以1的电阻比较大．（或者在电流相同时，1定值电阻两端的电压比2大，所以1的电阻比较大）

故选A．

9．如图甲所示是小灯泡中通过的电流随它两端电压变化的图象，将此灯泡接入图乙所示的电路中，只闭合开关S时，小灯泡的实际功率为1W；在闭合开关S1后，电流表的示数变化了0.1A，下列说法中错误的是（　　）

A．电源电压为2V

B．电阻R的阻值是20Ω

C．开关S1、S均闭合时，电流表的示数为0.6A

D．开关S1、S均闭合时，电路中的总功率为3W

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【分析】由小灯泡中的电流随它两端电压变化的图象可知，随着灯两端的电压增大，灯丝电阻变小，灯的实际功率变大，当U=2V时，IL=0.5A，此时灯的电功率为1W，由此可知电源电压U；

当再闭合开关S1后，因为灯与电阻并联，电流表示数变化值就是此时通过电阻R的电流IR，利用欧姆定律求R的大小；

应用并联电路特点与欧姆定律求出电流表示数；

因为灯与电阻并联，求出总电流I，利用P=UI求总电功率．

【解答】（张家口中考物理）解：

A、由小灯泡的U﹣I图象可知，当电功率为1W时，UL=2V，IL=0.5A，由图乙所示电路图可知，只闭合开关S时，只有灯泡接入电路，灯泡两端电压等于电源电压，则电源电压：U=UL=2V，故A正确；

B、由图乙所示电路图可知，闭合开关S后再闭合开关S1，灯泡与电阻并联，电流表测干路电流，电流表示数变大，由题意可知，电流表示数变化了0.1A，则通过电阻的电流为0.1A，即：IR=△I=0.1A，电阻R的阻值：R===20Ω，故B正确；

C、由图示电路图可知，开关S1，S均闭合时灯泡与电阻并联，电流表测干路电流，I=IL+IR=0.5A+0.1A=0.6A，故C正确；

D、由图示电路图可知，开关S1，S均闭合时灯泡与电阻并联，电流表测干路电流，I=IL+IR=0.5A+0.1A=0.6A，此时电路消耗的总功率：P=UI=2V×0.6A=1.2W，故D错误；

本题选择说法错误的，故选D．

10．如图所示是电阻甲和乙的U﹣I图象，下列说法中正确的是（　　）

A．电阻甲和乙都是阻值不变的电阻

B．甲、乙并联在电路中，当电源电压为2V时，电路总电流为0.6A

C．甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，电源电压为2V

D．当乙两端电压为2V时，R乙=5Ω

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻电阻的电流与两端两端的电压成正比，据此分析图象甲乙电阻的变化；

（2）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流；

（3）根据串联电路的电流特点读出图象中对应的电压，利用串联电路的电压特点求出电源的电压；

（4）由图象可知，当乙两端电压为2V时对应的电流，根据欧姆定律求出R乙的阻值．

【解答】解：

A、由图象可知，甲对应的电流与电压成正比，而乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知甲电阻的阻值不变，乙电阻的阻值变化，故A错误；

B、因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，甲、乙并联在2V电源时，两电阻两端的电压均为2V，

由图象可知，I甲=0.4A，I乙=0.2A，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，干路电流I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A，故B正确；

C、甲、乙串联在电路中，当电路电流为0.2A时，通过甲、乙的电流均为0.2A，

由图象可知，U甲=1V，U乙=2V，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，此时电源的电压：

U=U甲+U乙=1V+2V=3V，故C错误；

D、由图象可知，当乙两端电压为2V时，通过乙的电流为0.2A，由I=可知，R乙===10Ω，故D错误．

故选B．

11．（张家口中考物理）如图所示，先闭合开关S1，再闭合开关S2，相同时间内，电路中消耗的电能将（　　）

A．减小              B．增大              C．不变              D．无法判断

【考点】J3：电功的计算．

【分析】根据题意先闭合开关S1时，R1与R2串联在电路中，再闭合开关S2时，R2不工作，R1工作，根据电功的公式就可求出电能的变化．

【解答】解：先闭合开关S1时，R1与R2串联在电路中，再闭合开关S2时，R2不工作，R1工作，

根据串联电路规律R总=R1+R2，所以R总＞R1，

根据电功公式W=UIt=t，电路闭合前后，电压和通电时间相等，闭合前电阻大于闭合后，

所以电能增大．

故选B．

12．如图所示，对于电能表面板上的一些参数的理解，下列说法正确的是（　　）

A．此表是测量电功率的仪器

B．此时电能表的读数为586.6J

C．“10（20）A”其中“20A”是指这个电能表中通过的电流是20安

D．“720revs/kW•h”是指电能表每消耗1千瓦时电能，转盘转过720转

【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法．

【分析】利用下列知识分析判断：

（1）电能表是测量用电器在一定时间内消耗电能多少的仪表，电能表的读数单位是kW•h，最后一位是小数位；

（2）电能表上“220V  10（20）A”表示该电能表在220V的电路中使用，标定电流为10A，平时工作允许通过的最大电流为20A；

（3）“720r/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转720转．

【解答】解：

A、此表的单位是kW•h，是测量消耗电能的仪器，故A错；

B、此表的单位是kW•h，读数为586.6 kW•h，故B错；

C、电能表上20A表示平时工作允许通过的最大电流为20A，故C错；

D、“720r/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转720转，故D正确．

故选D．

13．把“220V  1000W”的电炉线接到110V的电源上，功率仍要1000W，（忽略温度影响）应（　　）

A．将电炉丝剪下一半，接入110V的电路

B．将电炉丝剪去段，将剩下的段接入110V的电路

C．将电炉丝剪成等长四段，并联后接入110V的电路

D．将电炉丝剪成等长两段，并联后接入110V的电路

【考点】JA：电功率的计算．

【分析】由公式P=可知：当实际电压变为额定电压的一半时，实际电压的平方就变为额定电压平方的，要想电功率不变化，电阻阻值就要减小为原来阻值的．

【解答】解：

A．将电炉丝剪下一半，电阻阻值变为原来的，接入110V的电路中，电压变为原来的，由P=可知，电功率变为原来的一半，为500W，故A错误；

B．将电炉丝剪去段，将剩下的段接入110V的电路，电阻变为原来的，电压变为原来的，由P=可知，电功率变为原来的，约为333.3W，故B错误；

C．将电炉丝剪成等长四段，并联后接入110V的电路，电阻变为原来的，电压变为原来的，由P=可知，电功率变为原来的4倍，约为4000W，故C错误；

D、将电炉丝剪成等长两段，并联后接入110V电路中，电阻变为原来的，电压变为原来的，由P=可知，电功率不变，故D正确．

故选D．

14．把两只“220V  40W”的灯泡串联后，接在220V的电路两端，则两灯消耗的总功率为（　　）

A．40W              B．80W              C．10W              D．20W

【考点】JA：电功率的计算．

【分析】相同规格灯泡的电阻相等，根据电阻的串联和P=可知，两灯泡串联在电源上消耗的总功率．

【解答】解：两只“220V 40W”字样灯泡的电阻相等，设为R，

因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，

所以，串联电路的总电阻为2R，

两灯泡串联接在220V的电源上时，

由P=可知，两只灯泡消耗的总功率：

P总==×=×40W=20W．

故选D．

15（张家口中考物理）．电炉的电热丝烧断后截去一段，再重新接好连入原来的电路中，电流在相同时间内所做的功（　　）

A．变小              B．不变              C．变大              D．无法确定

【考点】J4：电功计算公式的应用．

【分析】本题考查电阻定律及电功，并且是比较变化前后的功的大小，故应仔细分前后不同之处，从电阻变化入手考虑．

【解答】解：因电阻丝断了以后，截去一段，再接上，电阻减小，电路总电阻减小，而电路中的电压不变，由电功的计算公式W=可知电流在相同时间内所做的功变大．

故选C．

16．将规格为“6V 3W”的灯L1和规格为“6V 6W”的灯L2串联在电压为6V的电路中，忽略灯丝电阻变化，则下列说法正确的是（　　）

A．L1与L2灯丝电阻之比为1：2

B．L1灯与L2灯实际功率之比为1：2

C．两灯均不能正常发光，灯L2更亮些

D．两灯消耗的总功率为2W

【考点】J9：电功率与电压、电流的关系．

【分析】（1）知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=求出两灯泡的电阻之比；

（2）两灯泡串联时通过它们的电流相等，根据P=I2R比较两灯泡实际功率的大小，实际功率大的灯泡较亮；

（3）根据两灯串联，根据串联电路电流特点，根据P总=求得两灯消耗的总功率．

【解答】解：A、由P=可得，两灯泡的电阻之比： ===，故A错误；

B、L1灯与L2灯实际功率之比===，故B错误；

C、两灯串联时，因串联电路中各处的电流相等，

所以，由P=I2R可知，L1的电阻较大，实际功率较大，灯泡较亮，故C错误；

D、两灯串联，电流为额定电流较小的，则I=I1===0.5A，

电阻为两灯泡电阻之和，则R总=12Ω+6Ω=18Ω，

则两灯消耗的总功率P总===2W．故D正确．

故选D．

二、（张家口中考物理）填空题（本大题共5小题，共20分）

17．两电阻R1：R2=1：2，将它们串联在电路中，它们两端的电压之比为　1：2　，他们的电流之比为　1：1　；将它们并联联在电路中，它们两端的电压之比为　1：1　，他们的电流之比为　2：1　．

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【分析】（1）两电阻串联时通过它们的电流相等，根据欧姆定律求出两电阻两端的电压之比；

（2）两电阻并联时它们两端的电压相等，根据欧姆定律求出通过的电流之比．

【解答】解：（1）两电阻串联时，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，通过两电阻的电流之比为1：1，

由I=可得，两电阻两端的电压之比：

===；

（2）两电阻并联时，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，两电阻两端的电压之比为1：1，

通过两电阻的电流之比：

===．

故答案为：1：2； 1：1； 1：1； 2：1．

18．如图是小灯泡L和电阻R中电流随电压变化的图象．由图象可知，电阻R的阻值为　20　Ω．若将它们并联接在电压为3V的电源两端，电路中的总电流为　0.45　A．

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【分析】小灯泡L和电阻R并联接在电压为3V的电源两端时，它们两端的电压相等，根据图象分别读出通过的电流，根据欧姆定律求出R的阻值，根据并联电路的电流特点求出电路中的总电流．

【解答】解：小灯泡L和电阻R并联接在电压为3V的电源两端时，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，它们两端的电压UL=UR=3V，

由图象可知，通过它们的电流分别为IL=0.3A，IR=0.15A，

由I=可得，电阻R的阻值：

R===20Ω，

因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，

所以，电路中的总电流：

I=IL+IR=0.3A+0.15A=0.45A．

故答案为：20；0.45．

19．（张家口中考物理）小灯泡L的铭牌上标有“6V 1.8W”字样，如果要使该灯泡接在电源电压为9V的电路中正常发光，应给它串联一个电阻R，其阻值为　10　Ω，小灯泡正常发光时，电阻R的功率为　0.9　W．

【考点】JA：电功率的计算．

【分析】灯泡正常发光，根据串联电路特点，由P=UI可得R上的电流和它两端电压，由I=计算它的电阻．由P=UI计算R上的电功率．

【解答】解：

灯泡与电阻R串联在9V电源上，灯泡正常发光，它两端电压达到额定电压，

由串联电路电流特点和P=UI可得电路中电流：

I=IR=I额===0.3A，

由串联电路的电压特点可得R两端电压，

UR=U﹣U额=9V﹣6V=3V，

由I=可得R的电阻：

R===10Ω；

由P=UI可得R上的电功率：

PR=URI=3V×0.3A=0.9W．

故答案为：10；0.9．

20．一天，小红看她家电能表的表盘如图所示，现只接入一只用电器，小铝盘在2分钟里转了30转，则该用电器的功率是　1.5　 kW．

【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法；JA：电功率的计算．

【分析】从电能表上可以知道，每消耗1kW•h的电能铝盘转动600转，已知现在表盘转动的转数和时间，可求用电器消耗的电能，再利用P=求其功率．

【解答（张家口中考物理）】解：电路中消耗的电能：

W==0.05kW•h，

t=2min=h=h；

用电器的电功率：

P===1.5kW．

故答案为：1.5．

21．将“6V 3W”和“6V 6W”的两只灯泡串联后接在电源两端，若灯泡的电阻不变，为使其中一只灯泡正常发光，电源电压是　9　 V．

【考点】IH：欧姆定律的应用．

【分析】根据灯泡的铭牌可知额定电压和额定功率，根据公式I=可求灯泡的额定电流，根据欧姆定律可知两灯泡的电阻；串联时电流相等，正常发光的是电流较小的灯泡；根据串联电路的电阻特点和欧姆定律求出电源的电压．

【解答】解：“6V 3W”和“6V 6W”的两只灯泡，分别表示灯的额定电压为6V，额定功率为3W或灯的额定电压为6V，额定功率为6W，

由P=UI可得，两灯泡的额定电流为：

I1===0.5A，

I2===1A，

由欧姆定律I=，两灯泡的电阻为：

R1===12Ω，

R2==═6Ω；

因为L1的额定电流小于L2的额定电流，根据串联电路电流相等，所以两灯泡串联时，电路中的电流为I=0.5A，只能L1正常发光，

由欧姆定律I=，电源的电压为：

U=I（R1+R2）=0.5A×（12Ω+6Ω）=9V．

故答案为：9．